2025屆江西省贛州厚德外國語學校物理高二上期中經典試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點，小球在豎直平面內做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b，不計空氣阻力，則A．小球帶負電B．小球在運動過程中機械能守恒C．電場力與重力等值反向D．小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能減小2、如圖所示，水平粗糙絕緣桿從物體A中心的孔穿過，A的質量為M，用絕緣細線將另一質量為m的小球B與A連接，整個裝置所在空間存在水平向右的勻強電場E，A不帶電，B帶正電且電荷量大小為q，A、B均處于靜止狀態，細線與豎直方向成θ角。則下列選項正確的是（）A．細線中張力大小為mgsinθB．C．桿對A的摩擦力大小為qED．桿對A的支持力大小為Mg3、空間有一水平勻強電場，范圍足夠大，場中有一粒子源，某時刻釋放出速度大小相同的同種帶電粒子，速度方向沿垂直于電場的豎直面內各方向，粒子的重力不計，如圖所示，則（）A．同一時刻所有粒子的動量相同B．同一時刻所有粒子的位移相同C．同一時刻所有粒子到達同一等勢面上D．同一時刻所有粒子到達同一水平面上4、2017年4月，我國成功發射的天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室完成了首次交會對接，對接形成的組合體仍沿天宮二號原來的軌道（可視為圓軌道）運行。下列說法正確的是（）A．與天宮二號單獨運行時相比，組合體運行的向心加速度變大B．發射天舟一號時的發射速度應該大于7.9km/sC．發射天舟一號時的發射速度應該大于11.2km/sD．與天宮二號處于同軌道的天舟一號，要想追上前面的天宮二號實現對接，直接加速即可5、兩電阻R1和R2的電流I電壓U的關系圖線如圖所示，可知兩電阻的大小之比R1：R2等于（）A．1：3 B．3：1 C．1： D．1：46、下列關于電源的說法,正確的是()A．電源向外提供的電能越多,表示電動勢越大B．電動勢表示電源將正電荷從負極移送到正極時,非靜電力所做的功C．電源的電動勢與外電路有關D．靜電力移動電荷做正功電勢能減少,非靜電力移動電荷做正功電勢能增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，物塊在水平圓盤上，與圓盤一起繞固定軸勻速運動，下列說法中正確的是()A．物塊處于平衡狀態B．物塊受三個力作用C．在角速度一定時，物塊到轉軸的距離越遠，物塊越容易脫離圓盤D．在物塊到轉軸距離一定時，物塊運動周期越小，越容易脫離圓盤8、一學生去實驗室取定值電阻兩只，R1=10Ω，R2=30Ω，電壓表一個，練習使用電壓表測電壓．電路連接如圖，電源輸出電壓U=12.0V不變．該學生先用電壓表與R1并聯，電壓表示數為U1，再用電壓表與R2并聯，電壓表示數為U2，則下列說法正確的是A．U2一定小于9.0VB．U1一定大于3.0VC．U1與U2之和小于12VD．U1與U2之比一定等于1:39、一電動摩托車的電瓶由四組相同的蓄電池串聯而成，每組蓄電池的電動勢為，容量為，則（）A．該摩托車的電瓶總電動勢為 B．該摩托車的電瓶總電動勢為C．該摩托車的電瓶總容量為 D．該摩托車的電瓶總容量為10、絕緣金屬平行板電容器充電后，靜電計的指針偏轉一定角度，若減小兩極板a、b間的距離，同時在兩極板間插入電介質，如圖所示，則()A．電容器的電勢差會減小B．電容器的電勢差會增大C．靜電計指針的偏轉角度會減小D．靜電計指針的偏轉角度會增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一根細長而均勻的金屬管線樣品，長約為60cm，電阻大約為，橫截面如圖甲所示．（1）用螺旋測微器測量金屬管線的外徑，示數如圖乙所示，金屬管線的外徑為_____mm．（2）現有如下器材：A．電流表（量程為0~0.6A，內阻約為0.1）B．電流表（量程為0~3A，內阻約為0.03）C．電壓表（量程為0~3V，內阻約為3）D．滑動變阻器（1750，0.3A）E.滑動變阻器（15,3A）F.蓄電池（6V，內阻很小）G.開關一個，帶夾子的導線若干要進一步精確測量金屬管線樣品的阻值，電流表應選_______，滑動變阻器應選__________．（只填代號字母）．12．（12分）如圖甲所示，某組同學借用“探究a與F和m之間的定量關系”的相關實驗思想、原理及操作，進行“研究合外力做功和動能變化瞬關系”的實驗：①為達到平衡阻力的目的，取下細繩及托盤；通過調整墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據打出的紙帶判斷小車是否做____運動．②連接細繩及托盤，放入砝碼，通過實驗得到圖乙所示的紙帶．紙帶上口為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為0.1s的相鄰計數點A、B、C、D、E、F、G實驗時小車所受拉力為0.2N，小車的質量為0.2kg.請計算小車所受合外力做的功W__和小車動能的變化__．補填表中空格（結果保留至小數點后第四位）．分析上述數據可知：在實驗誤差允許的范圍內W＝，與理論推導結果一致．③實驗前已測得托盤質量為7.7×10-3kg，實驗時該組同學放入托盤中的砝碼質量應為_____kg（g取9.8m/s2，結果保留至小數點后第三位）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）真空中有兩個點電荷Q1、Q2，相距18cm，已知Q1是正電荷，其電量為1.8×10-12C，他們之間的引力大小為F=1.0×10-12N，求Q2的電量及帶電性質。14．（16分）把帶電荷量2×10-8C的正點電荷從無窮遠處移到電場中A點，要克服電場力做功8×10-6（1）A點的電勢；（2）A、B兩點的電勢差。15．（12分）如圖，O、A、B為同一豎直平面內的三個點，OB沿豎直方向，，.將一質量為m的小球以一定的初動能自O點水平向右拋出，小球在運動過程中恰好通過A點．使此小球帶電，電荷量為q（q＞0），同時加一勻強電場，場強方向與所在平面平行，現從O點以同樣的初動能沿某一方向拋出此帶點小球，該小球通過了A點，到達A點時的動能是初動能的3倍；若該小球從O點以同樣的初動能沿另一方向拋出，恰好通過B點，且到達B點的動能為初動能的6倍，重力加速度大小為g．求（1）無電場時，小球達到A點時的動能與初動能的比值；（2）電場強度的大小和方向．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A、C、據題小球在豎直平面內做勻速圓周運動，由合外力提供向心力，小球受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力應與重力平衡，則知小球帶正電；故A錯誤，C正確.B、由于除重力做功以外的電場力做功，所以小球在運動過程中機械能不守恒；故B錯誤.D、小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，小球的電勢能增大；故D錯誤.故選C.【點睛】本題的解題關鍵是根據質點做勻速圓周運動的條件，判斷電場力與重力的關系，確定出小球的電性.2、C【解析】

對B受力分析并合成如圖：

由平衡條件：T=mgcosθ或T=F電sinθ＝qEsinθ，選項AB錯誤；

對A受力分析并分解如圖：

由平衡條件：f=Tsinθ=mgtanθ=qE；N=Mg+Tcosθ=（M+m）g，即：桿對A的支持力大小為=（M+m）g【點睛】本題考查分析物體受力的能力，受力分析時一定要選擇合適的研究對象進行正確的受力分析，應用平衡條件進行求解即可．此題第二問也可采用選取整體為研究對象的方法，可以一試．3、C【解析】

A．粒子在電場中做類平拋運動，所有粒子初速度大小相等，則在同一時刻，所有粒子動量大小相等而方向不同，粒子動量不同，故A錯誤；B．粒子在電場中做類平拋運動，同一時刻所有粒子位移大小相等但方向不同，粒子位移不同，故B錯誤；CD．粒子在水平方向做初速度為零的勻加速直線運動，在相等時間內所有粒子在水平方向位移相等，所有粒子同時到達與電場垂直的同一豎直面內，所有粒子不會同時到達同一水平面，勻強電場等勢面是與電場垂直的平面，由此可知，在同一時刻所有粒子到達同一等勢面，故C正確，D錯誤；4、B【解析】

A．天宮二號與組合體具有相同的軌道，根據可知則與天宮二號單獨運行時相比，組合體運行的向心加速度不變，選項A錯誤；B．7.9km/s是最小的發射速度，則發射天舟一號時的發射速度應該大于7.9km/s，選項B正確；C．發射天舟一號時的發射速度應該小于第二宇宙速度11.2km/s，選項C錯誤；D．天舟一號若加速，則要做離心運動遠離原來的軌道，則不能與處于同軌道的天宮二號實現對接，選項D錯誤。故選B。5、B【解析】

由圖可知，R1＝tan60°；R2＝tan30°；故R1：R2＝tan60°：tan30°＝3：1；故選B．6、D【解析】

A．電源是把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉化為電能本領大小，與電源向外提供的電能的多少無關，故A錯誤；B．電動勢表示電源將單位正電荷從負極移送到正極時，非靜電力所做的功，故B錯誤；C．電源是把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉化為電能本領大小，電源的電動勢與外電路無關，故C錯誤；D、根據靜電力做功與電勢能變化的關系可知，靜電力移動電荷做正功電勢能減少，非靜電力移動電荷做正功電勢能增加，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A.物塊在做勻速圓周運動，合力提供向心力，不是平衡狀態，A錯誤．B.對物塊受力分析，重力支持力豎直平衡，靜摩擦力提供向心力，所以共受三個力作用，B正確．C.根據向心力方程得，到轉軸的距離越遠，所需摩擦力越大，物塊越容易脫離圓盤，C正確．D.根據向心力方程得物塊到轉軸距離一定時，物塊運動周期越小，所需摩擦力越大，越容易脫離圓盤，D正確．8、ACD【解析】

不接電壓表時，R1、R2串聯，電壓之比為：，而U′1+U′2=12V，解得：U′1=3.0V，U′2=9.0V；當電壓表并聯在R1兩端時，有：，解得：U1<3V，同理，當電壓表并聯在R2兩端時，有：U2<9V，得：U1+U2<12V，故AC正確，B錯誤；設電壓表內阻為RV，則電壓表與R1并聯時，其示數；電壓表與R2并聯時，其示數，則可知，兩電壓表讀數之比一定等于1:3，故D正確．【點睛】本題主要運用串并聯的知識討論電壓表對電路的影響，知道并聯電壓表后并聯部分電阻變小，并能明確接入電壓表時總電阻減小，同時注意要將電壓表視為電阻進行分析，利用串并聯電路的規律定量分析電壓表示數．9、BC【解析】

AB．由題意可知，每組蓄電池的電動勢為12V，則四組電池串聯的總電動勢為48V，所以B正確，A錯誤；CD．電池的容量就是電池放電時能輸出的總電荷量。4組串聯則總容量為。故選BC。10、AC【解析】根據公式可知d減小，增大時，電容器電容增大，由于兩極板上的電荷量恒定，所以根據可知兩極板間的電勢差U減小，靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，故靜電計指針的偏轉角度會減小，AC正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AE【解析】

螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；

根據電路中電流的大小確定電流表的量程，從測量誤差的角度選擇滑動變阻器；【詳解】（1）螺旋測微器的讀數等于；（2）電路中的電流大約為，所以電流表選擇A．待測電阻較小，若選用大電阻滑動變阻器，測量誤差較大，所以滑動變阻器選擇E．【點睛】解決本題的關鍵掌握螺旋測微器的讀數方法，以及儀器的選擇問題，在平時學習過程中加強訓練．12、勻速直線0.11150.11050.015【解析】

[1]若已平衡摩擦力，則小車在木板上做勻速直線運動．[2]從紙帶上的O點到F點，W＝F·＝0.2×0.5575J＝0.1115J[3]打F點時速度vF＝＝m/s＝1.051m/sΔEk＝M＝×0.2×1.0512J≈0.1105J.[4]打B點時小車的速度為vB＝＝m/s＝0.6555m/s所以小車的加速度a＝＝m/s2≈0.99m/s2小車所受的拉力F＝(m0＋m)(g－a)所以盤中砝碼的質量m＝－m0＝kg－7.7×10－3kg≈0.015kg.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字