2025屆柳州鐵路第一中學高三物理第一學期期中教學質量檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，三根長度均為l的輕繩分別連接于C、D兩點，A、B兩端被懸掛在水平天花板上，相距2l.現在C點上懸掛一個質量為m的重物，為使CD繩保持水平，在D點上可施加的力的最小值為()A．mg B．mgC．mg D．mg2、起重機的鋼索將重物由地面吊到空中某一個高度，其速度圖象如圖所示，則鋼索拉力的功率隨時間變化的圖象可能是圖中的哪一個（）A．B．C．D．3、2019年10月11日，我國首顆火星探測器——“火星一號”第一次公開亮相，將在未來實現火星的環繞、著陸和巡視。已知火星繞太陽公轉的軌道半徑是地球公轉軌道半徑的1.5倍，火星質量約為地球質量的十分之一，關于火星、地球繞太陽的運動，下列說法正確的是A．火星的周期小于地球的周期B．火星的線速度大于地球的線速度C．火星的加速度大于地球的加速度D．太陽對火星的萬有引力小于對地球的萬有引力4、如圖所示，矩形的四個頂點a、b、c、d是勻強電場中的四個點，ab=2bc=2L，電場線與矩形所在的平面平行，已知a點電勢為18V，b點電勢為10V，c點電勢為6V，一質子從a點以速度v0射入電場，v0與ab邊的夾角為45°，一段時間后質子經過ab中點e，不計質子重力，下列判斷正確的是A．d點電勢為12VB．質子從a到b電勢能增加了8eVC．電場強度大小為4D．質子從a到e所用時間為25、滑雪運動深受人民群眾喜愛．某滑雪運動員（可視為質點）由坡道進入豎直面內的圓弧形滑道AB，從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，由于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿AB下滑過程中，下列說法正確的是（）A．所受合外力始終為零B．所受摩擦力大小不變C．合外力做功一定不為零D．機械能一定減少6、2016年9月15日，我國發射了空間實驗室“天宮二號”。它的初始軌道為橢圓軌道，近地點和遠地點的高度分別為和，如圖所示。關于“天宮二號”在該橢圓軌道上的運行，下列說法正確的是A．在點的動量大小小于在點的動量大小B．在點的加速度小于在點的加速度C．在點的機械能大于在點的機械能D．從點運動到點的過程中引力始終做負功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一質量為m的物體靜止在光滑水平面上，從t＝0時刻開始受到水平外力的作用．力的大小F與時間t的關系如圖所示，力的方向保持不變，則下列說法中正確的是（）A．物體在t0和2t0時刻相對于出發點的位移之比是1∶5B．物體在t0和2t0時刻的瞬時速度之比是1∶5C．外力在O到t0和t0到2t0時間內做功之比是1∶8D．外力在t0和2t0時刻的瞬時功率之比是1∶88、如圖所示,在斜面頂端a處以速度va水平拋出一小球,經過時間ta恰好落在斜面底端P處.今在P點正上方與a等高的b處以速度vb水平拋出另一小球,經過時間tb恰好落在斜面的中點q處.若不計空氣阻力,下列關系式正確的是A．va=vbB．va=vbC．ta=tbD．ta=tb9、如圖所示，輕彈簧的下端固定在水平面上，上端固定一質量為m的物體。物體從靜止開始在豎直向上恒力F的作用下向上運動L距離，此時物體的速度為v，此過程彈性勢能增量為；系統機械能增量為，以下關系式成立的是（空氣阻力不計）（）A． B．C． D．10、如圖,水平光滑地面上停放著一質量為M的小車,其左側有半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道AB，軌道最低點B與長為L的水平軌道BC相切,整個軌道處于同一豎直平面內。將質量為m的物塊(可視為質點)從A點無初速釋放,物塊沿軌道滑行至軌道末端C處恰好沒有滑出,設重力加速度為g,空氣阻力可怎略不計。關于物塊從A位置運動至C位置的過程中,下列說法正確的（）A．小車和物塊構成的系統動量守恒B．摩擦力對物塊和軌道所做的功的代數和為-mgRC．小車在全過程中運動的最大位移為mD．小車運動過程中的最大速度為2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）圖a是用來“顯示桌（或支持）面的微小形變”的演示實驗；圖b是用來測量___________________的實驗。（2）由圖可知，兩個實驗共同的物理思想方法是（__________）（A）極限的思想方法（B）放大的思想方法（C）控制變量的方法（D）猜想的思想方法12．（12分）如圖所示為“DIS測變速直線運動的瞬時速度”實驗的裝置圖．(1)圖中①所示的器材為：___________傳感器．(2)若實驗過程中擋光片緊貼小車前沿放置，則隨著擋光片寬度不斷減小，速度欄中的數據__________(填“不斷增大”、“不變”或“不斷減小”)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一玻璃球體的半徑為，為球心，為直徑．來自點的光線在點射出．出射光線平行于，另一光線恰好在點發生全反射．已知，求①玻璃的折射率．②球心O到BN的距離．14．（16分）如圖所示，在x＝0處的質點O在垂直于x軸方向上做簡諧運動，形成沿x軸正方向傳播的機械波。在t＝0時刻，質點O開始從平衡位置向上運動，經0.4s第一次形成圖示波形，P是平衡位置為x＝0.5m處的質點。①位于x＝6m處的質點B第一次到達波峰位置時，求位于x＝2m處的質點A通過的總路程。②若從圖示狀態開始計時，至少要經過多少時間，P點通過平衡位置向上運動？15．（12分）在一條平直的公路上，乙車以10m/s的速度勻速行駛，甲車在乙車的后面作初速度為15m/s，加速度大小為0.5m/s2的勻減速運動，則兩車初始距離L滿足什么條件時可以使（1）兩車不相遇；（2）兩車只相遇一次；（設兩車相遇時互不影響各自的運動）。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由題圖可知，要想CD水平，各繩均應繃緊，則AC與水平方向的夾角為60°，結點C受力平衡，則受力分析如圖所示，則CD繩的拉力FT＝mgtan30°＝mgD點受繩子拉力大小等于FT，方向向左．要使CD水平，D點兩繩的拉力與外界的力的合力為零，則繩子對D點的拉力可分解為沿BD繩的力F1、另一分力F2，由幾何關系可知，當力F2與BD垂直時，F2最小，而F2的大小即為施加的力的大小，故最小力F＝FTsin60°＝mg故C正確。2、A【解析】試題分析：鋼索拉力的功率P=Fv，根據速度圖象分析重物的運動情況，根據牛頓第二定律得出拉力與重力的關系，再由功率公式得出功率與時間的關系式，選擇圖象．在0-t1時間內：重物向上做勻加速直線運動，設加速度大小為a1，根據牛頓第二定律得F-mg=ma1，解得F=mg+ma1，拉力的功率P1=Fv=(mg+ma1)a1t，m、a1均一定，則P1∝t．在t1-t2時間內：重物向上做勻速直線運動，拉力F=mg，則拉力的功率P2=Fv=mgv，P2不變，根據拉力的大小得到，P23、D【解析】

A．設太陽質量為M，行星質量為m，根據萬有引力提供向心力有得由于火星的公轉半徑比地球的公轉半徑大，所以火星的公轉周期比地球的公轉周期大，故A錯誤；B．設太陽質量為M，行星質量為m，根據萬有引力提供向心力有得由于火星的公轉半徑比地球的公轉半徑大，火星的公轉速度比地球的公轉速度小，故B錯誤；C．設太陽質量為M，行星質量為m，根據萬有引力提供向心力有得由于火星的公轉半徑比地球的公轉半徑大，火星的加速度比地球的加速度小，故C錯誤；D．根據萬有引力定律得故太陽對火星的萬有引力小于對地球的萬有引力，故D正確。故選D。4、D【解析】勻強電場中平行的等間距的兩點間的電勢差相等，故Uad=Ubc，可得d點電勢為14V，故A錯誤．Uac＝Ucb＝12Uab=8V，故質子從a到b電場力做功為W=eU=8eV，電場力做正功電勢能減小，故B錯誤．經計算可知，d點和e點的電勢相同，故連點連線為等勢線，由于ab=2bc=2L，故△ade為等腰三角形，a點到直線de的距離為L2，由電場強度與電壓的關系可得，電場強度大小為42L，故C錯誤．de連線為等勢線，故質子拋出后做類平拋運動，落到e點時，垂直于電場線方向的位移為22L點睛：關鍵知道：勻強電場中平行的等間距的兩點間的電勢差相等，找到等勢線，利用電場力做功與電勢能變化的關系以及電場強度與電壓的關系求解.5、D【解析】

滑雪運動員沿圓弧軌道運動的速率不變，則運動做勻速圓周運動，所受合外力指向圓心且不為零，故A錯誤；運動員下滑過程中受到重力、滑道的支持力與滑動摩擦力，由圖可知，運動員從A到B的過程中，滑道與水平方向之間的夾角逐漸減小，則重力沿斜面向下的分力逐漸減小，運動員的速率不變，則運動員沿滑道方向的合外力始終等于0，所以滑動摩擦力也逐漸減小，故B錯誤；滑雪運動員的速率不變則動能不變，由動能定理可知，合外力對運動員做功為0，故C錯誤；運動員從A到B下滑過程中的動能不變，而重力勢能減小，所以機械能減小，故D正確。故選D。【點睛】本題抓住運動員做的是勻速圓周運動，速率不變，動能不變，根據勻速圓周運動的特點分析速度、加速度、合外力的情況。6、D【解析】

A.近地點速度大于遠地點速度，故衛星在點的動量大小大于在點的動量大小，A錯誤；B.在點受到的引力大于N點，故M點的加速度大于N點，B錯誤；C.衛星運動過程中，機械能守恒，故M、N兩點機械能相等，C錯誤；D.從點運動到點的過程中，萬有引力夾角和速度夾角大于90°，故萬有引力始終做負功，D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A項：0到t0時間內的加速度，這段時間內的位移為，，t0時刻的速度為，t0到2t0時間內的加速度為，所以t0到2t0時間內的位移為：，所以2t0時刻相對于出發點的位移為：，所以物體在t0和2t0時刻相對于出發點的位移之比是1：5，故A正確；B項：2t0時的速度為：v2=v1+a2t0=所以物體在t0和2t0時刻的瞬時速度之比是1：3，故B錯誤；C項：根據動能定理得：外力在0到t0時間內做的功為，外力在t0到2t0時間內做的功為，所以外力在0到t0和t0到2t0時間內做功之比是1：8，故C正確；D項：外力在t0的時刻的瞬時功率為P1=F0v1=，2t0時刻的瞬時功率P2=2F0v2=，所以外力在t0和2t0時刻的瞬時功率之比是1：6，故D錯誤．故應選：AC．【點睛】解決本題的關鍵掌握瞬時功率的公式P=Fvcosθ，以及牛頓第二定律、運動學基本公式的應用．8、BD【解析】

b球落在斜面的中點，知a、b兩球下降的高度之比為2：1，根據h=gt2知，，則時間之比為，即ta=tb．因為a、b兩球水平位移之比為2：1，則由x=v0t，得va=vb．故BD正確，AC錯誤．故選BD．【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，分析兩個小球兩個方向位移的關系，從而解決此類問題．9、BC【解析】

由動能定理可知彈性勢能增量為可知根據功能關系可知，機械能增量等于力F做功，即故選BC。10、BD【解析】

系統所受合外力為零時，系統動量守恒；由動能定理或機械能守恒定律求出物塊滑到B點時的速度，然后由動量守恒定律求出物塊與小車的共同速度，即為最大速度。【詳解】A項：在物塊從A位置運動到B位置過程中，小車和物塊構成的系統在受到的合力不為零，系統動量不守恒，但在水平方向上動量守恒，故A錯誤；B項：由功能關系可知，摩擦力對物塊和軌道所做的功的代數和的絕對值為因摩擦產生的內能即損失的機械能，由系統水平方向動量守恒可知，最后A物塊和小車都靜止，由能量守恒可知，損失的機械能為mgR，故B正確；C項：由系統水平方向動量守恒和“人船模型”可知，mx1=Mx2，xD項：當A物塊運動到B點時，小車的速度最大，由水平方向動量守恒得：mv1=Mv2，由機械能守恒得：mgR=故應選：BD。【點睛】動量守恒條件是：系統所受合外力為零，對物體受力分析，判斷系統動量是否守恒；熟練應用動量守恒定律、動能定律、能量守恒定律即可正確解題。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、萬有引力恒量B【解析】

（1）裝置B是卡文迪許扭秤，卡文迪許用該裝置測出萬有引力恒量。（2）第一個裝置是當支持面發生微小形變時，鏡面法線也會改變一定角度，這一變化通過電光源投影進行放大．第二個裝置都是球m，受到m對它的引力會使豎直懸線發生扭轉，從而使鏡面M的法線轉過微小角度，從而電光源的投影會在標尺上移動一定距離，從而將微小形變放大將微小形變進行放大，故都是利用放大的思想方法．這兩個裝置都是將微小形變進行放大，故都是利用放大的思想方法。【點睛】本題主要考查彈性形變的原因以及萬有引力定律的發現和萬有引力恒量的測定。12、光電門；不斷減小【解析】

（1）根據實驗裝置和實驗原理可知器材叫做光電門傳感器；（2）小車做加速運動，擋光片越大，則測得的速度為平均速度，即時間中點的瞬時速度越大，時間越短測得的瞬時速度越小，因此速度不斷減小四