2025屆湖南省長沙市明達中學高二物理第一學期期中達標檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某一網絡電路中的部分電路如圖所示，已知I=3A，I1=2A，R1=10Ω，R2=5Ω，R3=30Ω，則下列結論正確的是()A．通過R3的電流為0.5A，方向從B．通過R3的電流為0.5A，方向從C．通過電流表的電流為0.5A，電流表“+”接線柱在右邊D．通過電流表的電流為1.5A，電流表“+”接線柱在左邊2、下面關于點電荷的說法，正確的是()A．只有體積很小的帶電體才能看成是點電荷B．體積很大的帶電體一定不能看成是點電荷C．當兩個帶電體的大小遠小于它們間的距離時，可將這兩個帶電體看成是點電荷D．一切帶電體都可以看成是點電荷3、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是A．該元件是非線性元件，所以不能用歐姆定律計算導體在某狀態下的電阻B．加5V電壓時，導體的電阻大于5ΩC．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷增大D．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小4、如圖所示三條長直導線，都通有垂直于紙面向里的電流，且I1=I2=I3則距三導線距離都相等的A點的磁感應強度的方向為A．方向向上 B．方向向下C．方向向左 D．方向向右5、某導體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是()A．加5V電壓時，導體的電阻約是10ΩB．加12V電壓時，導體的電阻約是8ΩC．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小D．由圖可知，該元件可能是定值電阻6、真空中兩個相同的金屬小球A和B，帶電荷量分別為QA=2×10-8C和QB=4×10-8C，相互作用力為F，若將兩球接觸后再放回原處，則它們之間的作用力將變為（）A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中的實線表示電場線,虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡,粒子先經過M點,再經過N點．可以判定A．M點的電勢小于N點的電勢B．粒子帶正電,M點的電勢大于N點的電勢C．粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D．粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能8、在同一光滑斜面上放同一導體棒，下圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所在空間有磁感應強度大小相等的勻強磁場，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次豎直向上，兩次導體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止平衡．已知斜面的傾角為θ，則（）A．I1∶I2=cosθ：1B．I1∶I2=1∶1C．導體A所受安培力大小之比F1∶F2=sinθ∶cosθD．斜面對導體A的彈力大小之比N2∶N2=cos2θ∶19、質譜儀是用來分析同位素的裝置，如圖為質譜儀的示意圖，其由豎直放置的速度選擇器、偏轉磁場構成。由三種不同粒子組成的粒子束以某速度沿豎直向下的方向射入速度選擇器，該粒子束沿直線穿過底板上的小孔O進入偏轉磁場，最終三種粒子分別打在底板MN上的P1、P2、P3三點，已知底板MN上下兩側的勻強磁場方向均垂直紙面向外，且磁感應強度的大小分別為B1、B2，速度選擇器中勻強電場的電場強度的大小為E．不計粒子的重力以及它們之間的相互作用，則A．速度選擇器中的電場方向向右B．三種粒子的速度大小均為EC．如果三種粒子的電荷量相等，則打在P3點的粒子質量最大D．如果三種粒子電荷量均為q，且P1、P3的間距為Δx，則打在P1、P3兩點的粒子質量差為q10、如圖所示，固定在點的正點電荷的電場中有、兩點，已知，下列敘述正確的是A．若把一正的點電荷從點沿直線移到點，則電場力對該電荷做功，電勢能減少B．若把一正的點電荷從點沿直線移到點，則電場力對該電荷做功，電勢能增加C．若把一負的點電荷從點沿直線移到點，則電場力對該電荷做功，電勢能減少D．若把一負的點電荷從點沿直線移到點，再從點沿不同路徑移回到點；則該電荷克服電場力做的功等于電場力對該電荷所做的功，電勢能不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，準備了下列器材：A．白熾燈B．雙縫片C．單縫片D．濾光片E.毛玻璃光屏（1）將以上器材安裝在光具座上時，自光源起合理的順序依次是（填所選器材前的字母）：D、_________、___________、E.（2）在實驗中，手輪上前后兩次示數情況如圖，其中表示a紋位置的手輪讀數為______mm．（3）如果上述實驗中雙縫片與光屏間距為0.500m，所用的雙縫片是相距0.18mm規格的，則實驗中所用單色光的波長為___________nm.（保留三位有效數）12．（12分）某同學要測量一新材料制成的均勻圓柱體的電阻率ρ.完成下列部分步驟：(1)用游標為20分度的卡尺測量其長度，如圖甲所示，由圖可知其長度為_____mm.甲乙(2)用螺旋測微器測量其直徑，如圖乙所示，由圖可知其直徑為_________mm.(3)用多用電表的電阻“×10”擋按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數如圖所示，則該電阻的阻值約為________Ω.(4)該同學想用伏安法更精確地測量其電阻R，現有的器材及其代號和規格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1(量程0～6mA，內阻約50Ω)；電流表A2(量程0～15mA，內阻約30Ω)；電壓表V1(量程0～3V，內阻約10kΩ)；電壓表V2(量程0～15V，內阻約25kΩ)；直流電源E(電動勢4V，內阻不計)；滑動變阻器R1(阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A)；滑動變阻器R2(阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流0.5A)；開關S，導線若干．為使實驗誤差較小，要求測得多組數據進行分析，請在虛線框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）將帶電荷量為1×10─8C的正電荷，從無限遠處移到電場中的A點，要克服電場力做功1×10─6J，（以無限遠處電勢為零）求：（1）電荷的電勢能是增加還是減少？求出電荷在A點的電勢能？（2）A點的電勢是多少？（3）在A點放上一個帶電荷量為2×10─8C的負電荷，該電荷具有的電勢能是多少？14．（16分）如圖所示，已知豎直桿O1O1長為1.0m，水平桿長L1=0.1米，用長L1=0.12米的細繩懸掛小球，整個裝置可繞豎直桿O1O1轉動，當該裝置以某一角速度轉動時，繩子與豎直方向成45°角，取g=10m/s1．求：（1）該裝置轉動的角速度；（1）如果運動到距離桿最遠時刻懸掛小球的細繩突然斷了，小球將做平拋運動．求小球落地點與豎直桿在地面上點O1的距離s．（答案可用根式表示）15．（12分）如圖所示電路中，R1=0.8Ω，R3=6Ω，滑動變阻器的全值電阻R2=12Ω，電源電動勢E=6V，內阻r=0.2Ω，當滑動變阻器的滑片在變阻器中央位置時，閉合開關S，電路中的電流表和電壓表的讀數各是多少?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．根據歐姆定律，電阻R1兩端電壓為2A×10Ω=20V，電阻R2兩端電壓為1A×5Ω=5V，故電阻R3兩端電壓為20V-5V=15V，且b端電勢高于a端電勢，故通過R3的電流為方向從b→a，故A錯誤，B正確；CD．根據電荷守恒定律，流入與流出b點的電流是相等的，故通過電流表的電流為0.5A，電流表“+”接線柱在左邊，故CD錯誤；2、C【解析】

體積很小的帶電體，如果相對于研究的問題，體積不能忽略不計，將其簡化為點產生的誤差較大，那么就不能簡化為點，故A錯誤；體積較大的帶電體，如果相對于研究的問題，體積可以忽略不計，將其簡化為點產生的誤差較小，那么就可以簡化為點電荷，故B錯誤；當兩個帶電體的大小遠小于它們間的距離時，兩個帶電體的形狀和大小對相互作用力的影響可忽略時，這時可把兩個帶電體簡化為點電荷，不會產生較大的誤差，只會使問題簡化，故這兩個帶電體可看成點電荷，故C正確；當電荷在球上均勻分布時，可以將其看成是電荷全部集中于球心的點電荷，否則會產生較大的誤差，故D錯誤；

故選：C.【點睛】點電荷是個理想化的模型，和質點的概念一樣，要視具體情況具體分析.3、C【解析】

A．該元件是非線性元件，但仍能用歐姆定律計算導體在某狀態的電阻，故A錯誤，B．當U=5V時，由圖知電流為I=1.0A，則導體的電阻故B錯誤；CD．由圖知，隨著電壓的增大，圖象上的點與原點連線的斜率減小，此斜率等于電阻的倒數，則知導體的電阻不斷增大，故C正確，D錯誤；4、A【解析】

由安培定則確定出磁感線方向，再利用矢量合成法則求得A的合矢量的方向．【詳解】由安培定則知電流I1和I2，在A點的磁感線方向相反，距離又相等，所以合場強為零，I3在A點的電場線方向豎直向上，故A點的磁感線方向向上。故選A。5、B【解析】

A.當U=5V時，由圖知電流為I=1.0A，則導體的電阻故A項與題意不相符；B.當U=12V時，由圖知電流為I=1.5A，則導體的電阻故B項與題意相符；CD.由圖知，隨著電壓的增大，圖象上的點與原點連線的斜率減小，此斜率等于電阻的倒數，則知導體的電阻不斷增大，所以隨著電壓的增大導體的電阻不斷增大，故CD項與題意不相符．6、A【解析】設A球的電荷量為Q，則B球的電荷量為2Q，未接觸前，根據庫侖定律，得：，接觸后兩球帶電量平分，再由庫侖定律，得：，則，故A正確。點晴：本題考查運用比例法求解物理問題的能力．對于兩個完全相同的金屬球，互相接觸后電量平分。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB.粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，斜向左下方，與電場方向一致，粒子帶正電，根據順著電場線的方向電勢降低，可知過M點的等勢面的電勢高于過N點的等勢面的電勢，則M點的電勢高于N點的電勢，故A錯誤B正確．C.由電場線的疏密表示電場強度的大小，可知，M點的電場強度比N點的小．由F=qE知，粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力，故C錯誤；D.從M到N，粒子的所受電場力斜向左下方，則電場力對粒子做正功，電勢能減少，所以粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能，故D正確；8、AD【解析】

兩種情況下，導體棒受力如圖所示，I1所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；

I1

所受的安培力沿斜面向上，如左圖，根據共點力平衡得：F1=mgsinθN1=mgcosθI2所受的安培力水平向右，如右圖，根據共點力的平衡得：F2=mgtanθ又：F1=BI1LF2=BI2L所以：斜面對導體A的彈力大小之比AD正確，BC錯誤。故選AD。9、ACD【解析】三個粒子在磁場中的偏轉方向相同，則電性相同，根據左手定則，知電荷帶正電．則粒子下B1磁場中受洛倫茲力向左，則電場力向右，場強向右，故A正確．粒子在兩板中做勻速直線運動，有：qvB1=Eq，則粒子的速度v=EB1，選項B錯誤；根據qvB=mv2r可得m=qB2rv；則如果三種粒子的電荷量相等，則運轉半徑越大，則質量越大，即打在P3點的粒子質量最大，選項C正確；因為2r3-2r1=?點睛：解決本題的關鍵知道粒子在電容器中做勻速直線運動，在磁場中做勻速圓周運動．掌握粒子在磁場中做圓周運動的半徑公式．10、AD【解析】

電場力對電荷做正功，電勢能減少，而正負功的判斷要根據功的定義式，力和位移只帶大小。功的正負取決于力與位移的方向夾角。從圖上可以看出，將正電荷從M點沿直線移到N點的過程中，電場力與位移方向的夾角為銳角，電場力做正功，電勢能減少。A正確B錯誤；將負點電荷從M點沿直線移到N點的近程中，電場力指向正電荷，方向與位移的夾角為鈍角，所以電場力做負功，電勢能增加，C錯誤，若把一負的點電荷從M點沿直線移到N點，再從N點沿不同路徑移回到M點；則該電荷電場力做功之和為零，D正確。【提醒】將正負電荷受的電場力的方向分不清而選擇C，將電場力做功與電勢能的變化分不清而選擇B或C【備考提示】電荷有兩種，在電場中不同性質的電荷受到的力的方向不同。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）CB（2）1.789（3）567【解析】

雙縫干涉測光的波長，首先需要單色光，讓單色光通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣；螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數，需估讀；根據雙縫干涉條紋的間距公式去求單色光的波長；【詳解】(1)雙縫干涉實驗讓單色光通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣，所以讓白熾燈光通過濾光片，再經過單縫形成單色光，再通過雙縫，故自光源起合理的順序是ADCBE；(2)圖甲中螺旋測微器固定刻度為1.5mm，可動刻度為0.01×28.9mm=0.289mm，最終讀數為；圖乙中的螺旋測微器固定刻度為4.5mm，可動刻度讀數為0.01×44.0=0.440mm，最終讀數為；(3)干涉條紋的間距，根據雙縫干涉條紋的間距公式得；12、50.154.700220【解析】(1)游標卡尺的主尺讀數為50mm，游標讀數為0.05×3=0.15mm，所以最終讀數為50.15mm.(2)螺旋測微器的固定刻度讀數為4.5mm，可動刻度讀數為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數為4.700mm.(3)歐姆表測電阻的讀數為指針示數乘以倍率，即R=22Ω×10=220Ω；(4)根據歐姆定律，最大電流：I=4/220≈18.2mA，故電流表選擇A2；電源電動勢4V，故電壓表選擇V1；要求測得多組數據進行分析，滑動變阻器采用分壓式接法，用小電阻控制大電阻，故滑動變阻器選擇R1。因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；電路圖如圖所示：四、計算題：本題共2