2025屆廣州黃埔區第二中學物理高二上期中監測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于行星運動的規律，下列說法符合史實的是()A．開普勒在牛頓定律的基礎上，導出了行星運動的規律B．開普勒在天文觀測數據的基礎上，總結出了行星運動的規律C．開普勒總結出了行星運動的規律，找出了行星按照這些規律運動的原因D．開普勒總結出了行星運動的規律，發現了萬有引力定律2、下列說法正確的是（）A．磁場中的磁感線是客觀存在的B．磁極對磁極的作用、電流對電流的作用都是通過磁場發生的C．閉合電路的歐姆定律，對純電阻電路和非純電阻電路都適用D．由可知，磁感應強度大小與放入該處的通電導線的I、L的乘積成反比3、在勻強磁場中，垂直磁場方向放入一個面積為3×10-2m2的線框，若穿過線框所圍面積的磁通量為6×10-3Wb，則磁感應強度的大小等于A．0.2TB．0.4TC．0.8TD．1.2T4、真空中兩靜止點電荷相距3m，其電荷量分別為q1=2×10﹣4C，q2=3×10﹣5C，靜電力常量k=9.0×109N·m2/C2，則兩點電荷之間的庫侖力F為()A．9NB．10NC．6ND．3N5、如圖所示的電路中,,滑動變阻器的最大阻值為,,當滑片P滑至的中點時,a、b兩端的電壓為(

)A．30V B．45V C．60V D．75V6、如圖所示，一矩形線圈位于xOy平面內，線圈的四條邊分別與x、y軸平行，線圈中的電流方向如圖，線圈只能繞Ox軸轉動．欲使線圈轉動起來，則空間應加的磁場是：A．方向沿x軸的恒定磁場．B．方向沿y軸的恒定磁場．C．方向沿z軸的恒定磁場．D．方向沿z軸的變化磁場．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路,電源電壓U=3.0V，L1、L2、L3為3個相同規格的小燈泡,這種小燈泡的I-U特性曲線如下圖所示.當開關閉合后,下列關于電路中燈泡的說法中,正確的是()A．燈泡L1的電阻為7.5ΩB．燈泡L1消耗的電功率為0.75WC．燈泡L3的電阻為7.5ΩD．三燈泡消耗的總電功率為1.35W8、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形合D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是A．離子由加速器的中心附近進入加速器B．離子由加速器的邊緣進入加速器C．離子從磁場中獲得能量D．離子從電場中獲得能量9、如下圖所示，長為l的細繩一端固定在O點，另一端拴住一個小球，在O點的正下方與O點相距的地方有一枚與豎直平面垂直的釘子；把小球拉起使細繩在水平方向伸直，由靜止開始釋放，當細繩碰到釘子的瞬間，下列說法正確的是()A．小球的線速度不發生突變B．小球的角速度突然增大到原來的2倍C．小球的向心加速度突然增大到原來的2倍D．繩子對小球的拉力突然增大到原來的2倍10、如圖，紙面內有兩條互相垂直的長直絕緣導線L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上；L1的正上方有a、b兩點，它們相對于L2對稱。整個系統處于勻強外磁場中，外磁場的磁感應強度大小為B0，方向垂直于紙面向外。已知a、b兩點的磁感應強度大小分別為B0和B0，方向也垂直于紙面向外。則（）A．流經L1的電流在b點產生的磁感應強度大小為B0B．流經L1的電流在a點產生的磁感應強度大小為B0C．流經L2的電流在b點產生的磁感應強度大小為B0D．流經L2的電流在a點產生的磁感應強度大小為B0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)用游標卡尺測得某導線樣品的長度如圖甲所示，其示數______；用螺旋測微器測得該樣品的外徑如圖乙所示，其示數______。(2)在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻約為，電壓表V的內阻約為，電流表A的內阻約為，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，結果由公式計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數。若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為和，則______（填“”或“”)更接近待測電阻的真實值，其中測量值______（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值。12．（12分）某物理興趣小組利用圖示裝置來探究影響電荷間的靜電力的因素．A是一個帶正電的物體，系在絕緣絲線上的帶正電的小球會在靜電力的作用下發生偏離，靜電力的大小可以通過絲線偏離豎直方向的角度顯示出來．他們分別進行了以下操作．步驟一：把系在絲線上的帶電小球先后掛在橫桿上的P1、P2、P3等位置，比較小球在不同位置所受帶電物體的靜電力的大小．步驟二：使小球處于同一位置，增大或減小小球所帶的電荷量，比較小球所受的靜電力的大?。?1)該實驗采用的方法是_____．（填正確選項前的字母）A．理想實驗法B．控制變量法C．等效替代法(2)實驗表明，電荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而增大，隨著距離的增大而_____．（填“增大”、“減小”或“不變”）(3)若物體A的電荷量用Q表示，小球的電荷量用q表示、質量用m表示，物體與小球間的距離用d表示，靜電力常量為k，重力加速度為g，可認為物體A與小球在同一水平線上，則小球偏離豎直方向的角度的正切值為_____．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）地面上有質量m=3.0×103kg的物體，用起重機將它豎直向上勻加速提升到h=10m的高處，物體在這段上升過程中，起重機鋼繩對它的拉力F=4×104N．取g=10m/s2，將物體視為質點．（1）求鋼繩的拉力F所做的功WF；

（2）求重力做的功WG；（3）選擇地面為參考平面，求物體在h=10m處的重力勢能EP．14．（16分）如圖所示，質量為m的金屬棒長為L1，棒兩端與長為L2的細軟金屬線相連，吊在磁感應強度B、豎直向上的勻強磁場中．當金屬棒中通過穩恒電流I后，金屬棒向紙外擺動，擺動過程中的最大偏角θ＝60°．求：(1)金屬棒中電流大小和方向；(2)金屬棒在擺動過程中動能的最大值．15．（12分）如圖所示，電源內阻r=1Ω，R1=2Ω，R2=6Ω，燈L上標有“3V,1.5W”的字樣，當滑動變阻器R3的滑片P移動至最右端時，電流表示數為1A，燈L恰能正常發光電流表為理想電表.（1）求電源的電動勢；（2）求當P移到最左端時，電流表的示數；（3）當滑動變阻器的Pb段電阻為多大時，變阻器R3上消耗的功率最大？最大值多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：開普勒在他的導師第谷天文觀測數據的基礎上，總結出了行星運動的規律，但并未找出了行星按照這些規律運動的原因；牛頓在開普勒行星運動定律的基礎上推導出萬有引力定律，故ACD錯誤，B正確．故選B．考點：物理學史【名師點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一．2、B【解析】

A．磁感線不是真實存在的，是科學家為了研究方便假象出來的。故A錯誤。B．磁場和電流周圍都有磁場，所以磁極對磁極的作用、電流對電流的作用都是通過磁場發生的。故B正確。C．閉合電路的歐姆定律，僅適用于外電路是純電阻的電路。故C錯誤。D．磁場中某處的磁感應強度大小，就是通以電流I、長為L的一小段導線垂直放在該處時所受磁場力F與I、L的乘積的比值。磁感應強度B跟磁場力F，跟電流強度I和導線長度L的乘積均無關。故D錯誤。3、A【解析】根據磁通量的定義：，，故A正確，BCD錯誤。故選：A。4、C【解析】由庫侖定律有：，C正確，ABD錯誤。故選：C。5、A【解析】

由題可知，滑片P滑至R2的中點，變阻器下半部分電阻為100Ω，下半部分電阻與R1并聯的阻值為：則ab兩端的電壓為：，A.選項與計算結果一致，故A正確；B.選項與計算結果不一致，故B錯誤；C.選項與計算結果不一致，故C錯誤；D.選項與計算結果不一致，故D錯誤；6、B【解析】

方向沿x軸的恒定磁場，則前方的通電導線受力為豎直向上，后方的為豎直向下，所以不滿足題意，A錯，若方向沿y軸的恒定磁場，則左方的安培力方向向下，右方的安培力方向向上，滿足題意，B對．若是方向沿z軸的恒定磁場，則磁場具有收縮的趨勢，不會轉動，C錯．方向沿z軸的變化磁場則會導致線框有收縮或擴張，D錯．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

當開關閉合后，燈泡L3的電壓U3=3V，由圖I-U特性曲線讀出其電流I3=0.25A，則燈泡L3的電阻Ω功率為：W燈泡L1、L2串聯，電壓V，由圖讀出其電流A，電阻Ω燈泡L1、L2的功率均為：W三燈消耗的總功率為：P=2×0.30+0.75=1.35W故選AD。8、AD【解析】

據回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心附近進入加速器，且在電場中加速，通過磁場回旋，所以從電場中獲得能量，故選AD。【點睛】回旋加速器的工作原理是利用電場加速，磁場偏轉，且二者的周期相同，被加速離子由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器；洛倫茲力并不做功，而電場力對帶電離子做功，即可加速正電荷也可加速負電荷。9、ABC【解析】試題分析：小球的線速度變化需要一段時間，當細繩碰到釘子的瞬間，小球的線速度不發生突變，所以A項正確；根據角速度與線速度的關系，線速度不變，圓周運動的半徑變為原來的一半，角速度變為原來的2倍，所以B項正確；向心加速度公式，小球的向心加速度增大為原來的2倍，所以C項正確；根據牛頓第二定律得出，小球拉力等于，向心力變為原來的2倍，小球拉力不是原來的2倍，所以D項錯誤．考點：本題考查了豎直面內的圓周運動10、AC【解析】

外磁場、電流的磁場方向如圖所示在b點B0＝B0－B1＋B2在a點B0＝B0－B1－B2由上述兩式解得B1＝B0，B2＝B0。故AC正確，BD錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、30.353.204大于【解析】

(1)[1]游標卡尺的主尺讀數為：30mm，游標讀數為0.05×7mm=0.35mm，所以最終讀數為：30mm+0.35mm=30.35mm[2]螺旋測微器的固定刻度讀數為3mm，可動刻度讀數為0.01×20.4mm=0.204mm，所以最終讀數為：3mm+0.204mm=3.204mm(2)[3]由于待測電阻滿足所以電流表應用外接法，即更接近真實值[4]采用內接法時真實值應為即測量值大于真實值12、B減小【解析】

解答本題要了解庫侖力的推導過程，由于決定電荷之間作用力大小的因素很多，因此需要采用控制變量的方法進行研究；現在都知道庫侖力的決定因素，但是該實驗只是研究了庫侖力和距離之間的關系；根據共點力平衡，結合庫侖定律即可求出．【詳解】解：（1）此實驗中比較小球在不同位置所受帶電物體的靜電力的大小，再使小球處于同一位置，增大或減小小球所帶的電荷量，比較小球所受的靜電力的大小，所以是采用了控制變量的方法，故選B；（2）在研究電荷之間作用力大小的決定因素時，采用控制變量的方法進行，如本實驗，根據小球的擺角可以看出小球所受作用力逐漸減小，當Q、q一定，d不同時，由圖可知，距離越大，作用力越??；（3）小球受到重力、繩子的拉力以及庫侖力的作用，其中A與小球之間的庫侖力：，所以小球偏離豎直方向的角度的正切值：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)4×105J(2)(3)3.0×105J【解析】

(1)鋼繩的拉力F所做的功為：WF=Fh=4×105J(2)重力做功(3)物體的重力勢能為：EP=mgh=3.0×105J14、(1)方向水平向右(2)【解析】

根據金屬棒偏轉方向，由左手定則判斷電流的方向．銅棒最大偏角是60°，則偏角為30°時是它的平衡位置，對金屬棒受力分析，求出重力與安培力間的關系；偏角為30°時，金屬棒的速度最大，由動能定理及安培力公式可以求出電流和最大動能．【詳解】(1)金屬棒向紙外擺動，所受的安培力向外，根據左手定則判斷得知，金屬棒中電流方向水平向右；金屬