江蘇省常熟市2025屆物理高三第一學期期中達標檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，自動卸貨車靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下，傾角θ緩慢增大，在貨物m相對車廂仍然靜止的過程中，下列說法正確的是（）A．貨物對車廂的壓力變小B．貨物受到的摩擦力變小C．地面對車的摩擦力增大D．地面對車的支持力增大2、滑雪運動深受人民群眾的喜愛，某滑雪運動員（可視為質點）由坡道進入豎直面內的圓弧形滑道AB，從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，由于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿AB下滑過程中()A．所受合外力始終為零B．合外力做功一定為零C．所受摩擦力大小不變D．機械能始終保持不變3、如圖所示，工地的建筑工人用磚夾搬運5塊相同的磚，當磚處于平衡狀態時，下列說法正確的是A．磚夾對磚的水平壓力越大，1、5兩塊磚受到的摩擦力越大B．3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半C．4對3的摩擦力方向豎直向下D．1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力相同4、一條形磁鐵靜止在斜面上，固定在磁鐵中心的豎直上方的水平導線中通有垂直紙面向里的恒定電流，如圖所示，若將磁鐵的N極位置與S極位置對調后，仍放在斜面上原來的位置，則磁鐵對斜面的壓力F和摩擦力的變化情況分別是A．F增大，減小B．F減小，增大C．F與都減小D．F與都增大5、在下列說法中，不正確的是：（）A．在物理學中，比值法是一種定義物理量的常用方法，速度、加速度、電場強度、電勢、電容等物理量都是用比值法定義的B．伽利略通過斜面理想實驗說明了力不是維持物體運動的原因C．“月—地檢驗”說明地面上物體所受地球引力、月球所受地球的引力，與太陽、行星間的引力遵從相同的規律D．牛頓在實驗室里通過幾個鉛球間萬有引力的測量，比較準確地得出了引力常量G的數值，G的普適性成了萬有引力定律正確性的見證6、蹦極是一項非常刺激的戶外休閑活動．北京青龍峽蹦極跳塔高度為68米，身系彈性蹦極繩的蹦極運動員從高臺跳下，下落高度大約為50米．假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質點．下列說法正確的是()A．運動員到達最低點前加速度先不變后增大B．蹦極過程中，運動員的機械能守恒C．蹦極繩張緊后的下落過程中，動能一直減小D．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力一直增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,剛性板放在豎直墻壁和擋板K之間,豎直墻壁和水平面光滑,物體P、Q靜止疊放在板上,此時物體P的上表面水平。若將K往右緩慢移動一小段距離后固定,整個裝置在新的位置仍保持靜止,與原來的相比()A．板對P的作用力不變B．P對板的壓力變小C．P對Q的支持力減小D．水平地面受到的彈力變小8、關于位移和路程關系的正確說法是（）A．物體沿直線向某一方向運動，通過的路程就是位移B．物體沿直線運動，通過的路程等于位移的大小C．物體通過的路程不等，位移可能相同D．物體通過一段路程，位移可能為零9、如圖所示，在動摩擦因數μ＝0.2的水平面上，質量m＝2kg的物塊與水平輕彈簧相連，物塊在與水平方向成θ＝45°角的拉力F作用下處于靜止狀態，此時水平面對物塊的彈力恰好為零．g取10m/s2，以下說法正確的是()A．此時輕彈簧的彈力大小為20NB．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度為0C．若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為8m/s2，方向向右D．當撤去拉力F的瞬間，物塊的加速度大小為8m/s2，方向向左10、在水平地面上有相距為L的A、B兩點，甲小球以v1＝10m/s的初速度，從A點沿與水平方向成30°角的方向斜向上拋出，同時，乙小球以v2的初速度從B點豎直向上拋出。若甲在最高點時與乙相遇，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力，則下列說法正確的是A．乙球的初速度v2不一定等于5m/sB．L為2.5mC．相遇前甲球的速度可能小于乙球的速度D．甲球與乙球始終在同一水平面上三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用下述裝置對輕質彈簧的彈性勢能進行探究，一輕質彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一小球接觸而不固連:彈簧處于原長時，小球恰好在桌面邊緣，如圖（a）所示．向左推小球，使彈簧壓縮一段距離后由靜止釋放．小球離開桌面后落到水平地面．通過測量和計算，可求得彈簧被壓縮后的彈性勢能．回答下列問題：（1）本實驗中可認為，彈簧被壓縮后的彈性勢能Ep與小球拋出時的動能Ek相等．已知重力加速度大小為g，為求得Ek，至少需要測量下列物理量中的（填正確答案標號）．A．小球的質量mB．小球拋出點到落地點的水平距離sC．桌面到地面的高度hD．彈簧的壓縮量△xE.彈簧原長l0（2）用所選取的測量量和已知量表示Ek，得Ek=．（3）圖（b）中的直線是實驗測量得到的s—△x圖線．從理論上可推出，如果h不變．m增加，s—△x圖線的斜率會（填“增大”、“減小”或“不變”）；如果m不變，h增加，s—△x圖線的斜率會（填“增大”、“減小”或“不變”）．由圖（b）中給出的直線關系和Ek的表達式可知，Ep與△x的次方成正比．12．（12分）物理小組的同學在實驗室用打點計時器研究小車的勻變速直線運動，他們將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，實驗時得到一條紙帶。他們在紙帶上便于測量的地方選取第一個計時點，在這個點下標明A；然后每隔4個點選一個計數點，依次標為B、C、D、E；最后用刻度尺正確測量，結果如圖所示。則打C點時小車的瞬時速度大小為_________m/s，小車運動的加速度大小為_________m/s2，BC間的距離為_________cm。（保留三位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一物塊以一定的初速度沿斜面向上滑出，利用DIS實驗系統，在計算機屏幕上得到其速度大小隨時間的變化關系圖像如圖所示。求：（g=10m/s2）(1)物塊上滑和下滑的加速度大小a1、a2；(2)物塊向上滑行的最大距離s；(3)斜面的傾角θ及物塊與斜面間的動摩擦因數μ。14．（16分）如圖所示，質量為0.4kg的木塊以2m/s的速度水平地滑上靜止的平板小車，小車的質量為1.6kg，木塊與小車之間的動摩擦因數為0.25（g取10m/s2）．設小車足夠長，地面光滑，求：（1）木塊和小車相對靜止時小車的速度；（2）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止所經歷的時間；（3）從木塊滑上小車到它們處于相對靜止木塊在小車上滑行的距離．15．（12分）如圖所示，質量為M=8kg的小車放在光滑的水平面上，在小車左端加一水平推力F=8N，當小車向右運動的速度達到v0=1.5m/s時，在小車前端輕輕放上一個大小不計、質量為m=1kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因數μ=0.1．已知運動過程中，小物塊沒有從小車上掉下來，取g=10m/s1．求：（1）經過多長時間兩者達到相同的速度；（1）小車至少多長，才能保證小物塊不從小車上掉下來；（3）從小物塊放上小車開始，經過t=1.5s小物塊通過的位移大小為多少．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

貨物處于平衡狀態，受重力、支持力、靜摩擦力，根據共點力平衡條件，有：

mgsinθ=f；N=mgcosθ，θ增大時，f增大，N減小；再根據牛頓第三定律，壓力也就減小；故A正確，B錯誤；對貨車整體受力分析，只受重力與支持力，不是摩擦力；根據平衡條件，支持力不變；故CD錯誤；故選A.2、B【解析】

A、由于物體做曲線運動，所以合外力不為零，指向軌跡內側，故A錯誤；B、根據動能定理：W合=ΔEk，可得滑塊下滑過程中，速率不變，所以動能不變，因此合外力做功一定為0，C、物體所受摩擦力為滑動摩擦力f=μN，由于運動員速率保持不變，所以向心力大小不變，對物體受力分析如圖所示：有N-mgcosθ=mv2R，運動員向下運動的過程中，角度D、沿AB下滑過程中，由于運動員速率不變，所以動能不變，所以重力勢能在減小，機械能在減小，故D錯誤；故選B。3、B【解析】

A.設每塊磚的質量為m，只有滑動摩擦和最大靜摩擦才和正壓力成正比，對整體根據平衡條件可得1、5兩塊磚受到的摩擦力大小均為2.5mg，與正壓力無關，故A錯誤；BC.對3受力分析，根據平衡條件可得3受到2施加的摩擦力大小與3受到4施加的摩擦力大小之和等于3的重力，所以3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半，方向向上，所以4對3的摩擦力方向豎直向上，故B正確，C錯誤；D.1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力大小相等，方向相反，故D錯誤；4、D【解析】

在磁鐵的N極位置與S極位置對調前,根據左手定則判斷可以知道,導線所受的安培力方向斜向下,

由牛頓第三定律得知,磁鐵所受的安培力方向斜向上,

設安培力大小為,斜面的傾角為,磁鐵的重力為G,由磁鐵的受力平衡得:

斜面對磁鐵的支持力:,

摩擦力:,

在磁鐵的N極位置與S極位置對調后,

同理可以知道,斜面對磁鐵的支持力：,

摩擦力:可見,F、f都增大，故D正確；綜上所述本題答案是：D5、D【解析】

A、電場強度與放入電場中的電荷無關，電場中的電勢定義式，電容C由本身的性質決定，與所帶的電荷量及兩端間的電勢差無關，速度的定義式、加速度的定義式，均為比值定義法定義的物理量；A正確.B、伽利略用理想實驗說明了力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因；故B正確.C、月-地檢驗表明地面物體和月球受地球的引力，與太陽行星間的引力遵從相同的規律；C正確.D、牛頓發現了萬有引力定律100多年后，卡文迪許在實驗室里通過幾個鉛球之間的萬有引力的測量，比較準確地得出了萬有引力常量G的數值；故D錯誤.本題選不正確的故選D.【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要多看書，加強記憶．6、D【解析】

A：蹦極繩張緊前，運動員只受重力，加速度不變．蹦極繩張緊后，運動員受重力、彈力，開始時重力大于彈力，加速度向下；后來重力小于彈力，加速度向上；則蹦極繩張緊后，運動員加速度先減小為零再反向增大．故A錯誤．B：蹦極過程中，運動員和彈性繩的機械能守恒．故B錯誤．C：蹦極繩張緊后的下落過程中，運動員加速度先減小為零再反向增大，運動員速度先增大再減小，運動員動能先增大再減小．故C錯誤．D：蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性繩的伸長量增大，彈力一直增大．故D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB．設板與水平地面的夾角為α，以PQ整體為研究對象，分析受力情況如圖1：總重力、板的支持力和摩擦力，板對P的作用力是支持力和摩擦力的合力.由平衡條件分析可以知道板對P的作用力大小與總重力大小平衡，保持不變.又因為：α減小，增大.故A正確、B錯誤.C．以Q為研究對象，Q原來不受摩擦力，當將K往右緩慢移動一小段距離后，Q受力情況如圖2，Q受到摩擦力，則Q受到的摩擦力將增大.支持力：原來支持力等于重力,故支持力減小了；所以C正確.D．以板、P、Q整體為研究對象，受力情況如圖3，則有水平地面的彈力，則水平地面受到的彈力將保持不變.故D錯誤.8、CD【解析】

位移為矢量，有大小和方向，而路程是標量沒有方向，根據兩者的定義及物理意義可明確各項正誤。【詳解】A．由于路程是運動軌跡的長度，而位移是初末兩點間的有向線段，物體沿直線向某一方向運動，通過的路程等于位移的大小，但不能說路程就是位移；故A錯誤。B．物體沿直線單方向運動，通過的路程等于位移的大小，物體沿直線往返運動，通過的路程大于位移的大小；故B錯誤。C．路程不等，但只要初末位置相同，則它們的位移可以相同;故C正確;D．物體通過的路程不為零，若回到出發點，則位移可能為零;故D正確。故選:CD。【點睛】理解好位移和路程的區別。9、AD【解析】

A．將拉力F分解為豎直向上的力和水平向右的力，則有，，因為此時水平面對物塊的彈力為零，即，解得，，因為地面對物塊的支持力為零，即物塊與水平面之間的正壓力為零，所以地面對物塊不存在摩擦力，故水平方向上受到彈簧的彈力T和，所以，A正確；BC．剪斷彈簧的瞬間，彈力變為零，重力mg和平衡，物塊與水平面間仍沒有摩擦力，所以在剪斷彈簧的瞬間物塊合力為，故加速度為，方向水平向右，BC錯誤；D．撤去力F的瞬間，彈力大小不變，仍為20N，由于豎直向上的分力消失，故物塊與水平面間存在摩擦力，物體所受的最大靜摩擦力為，根據牛頓第二定律得小球的加速度為，方向水平向左，D正確。故選D。10、BD【解析】

A.甲球豎直方向的初速度：水平方向的初速度：甲球在最高點與乙球相遇，說明甲球和乙球在豎直方向具有相同的運動規律，則乙球的初速度：故A錯誤；B.甲球和乙球相遇時間：則有：故B正確；C.相遇前甲球的水平速度不為零，豎直方向與乙球的速度相同，所以在相遇前甲球的速度不可能小于乙球的速度，故C錯誤；D.由于甲球和乙球豎直方向的運動情況相同，所以甲球與乙球始終在同一水平面上，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）ABC(2)（3）減小增大2【解析】

（1）由平拋規律可知，由水平距離和下落高度即可求出平拋時的初速度，進而可求出物體動能，所以本實驗至少需要測量小球的質量m、小球拋出點到落地點的水平距離s、桌面到地面的高度h，故選ABC．（2）由平拋規律可知：豎直方向上：h=gt2，水平方向上：s=vt，而動能Ek=mv2聯立可得Ek=；（3）由題意可知如果h不變，m增加，則相同的△L對應的速度變小，物體下落的時間不變，對應的水平位移s變小，s-△L圖線的斜率會減小；只有h增加，則物體下落的時間增加，則相同的△L下要對應更大的水平位移s，故s-△L圖線的斜率會增大．彈簧的彈性勢能等于物體拋出時的動能，即Ep=，可知Ep與△s的2次方成正比，而△s與△L成正比，則Ep與△L的2次方成正比．【點睛】本題的關鍵是通過測量小球的動能來間接測量彈簧的彈性勢能，然后根據平拋規律以及動能表達式即可求出動能的表達式，彈性勢能轉化為物體的動能，從而得出結論．根據x與△L的圖線定性說明m增加或h增加時x的變化，判斷斜率的變化．彈簧的彈性勢能等于物體拋出時的動能和動能的表達式，得出彈性勢能與△x的關系，△x與△L成正比，得出Ep與△L的關系．12、0.9862.588.57【解析】

[1]．相鄰的計數點間的時間間隔為T=0.1s，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，得：[2]．根據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3-x1=2a1T2x4-x2=2a2T2為了更加準確的求解加速度，我們對2個加速度取平均值得：即小車運動的加速度計算表達式為：[3