2025屆虎門外國語學校物理高二上期中預測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、將不帶電的導體A和帶有負電荷Q的導體B接觸后，導體A所帶的電量情況A．無法確定B．帶電量為-QC．帶電量為+QD．帶電量為-Q/22、如圖所示，長為L的枕形導體原來不帶電，O點是其幾何中心．將一個帶正電、電量為Q的點電荷放置在距導體左端R處，由于靜電感應，枕形導體的a、b端分別出現感應電荷，k

為靜電力常量，則（）A．閉合S，有電子從枕形導體流向大地B．導體

a、b

端電勢滿足關系

φa＜φbC．導體兩端的感應電荷在O點產生的場強大小等于0D．導體兩端的感應電荷在O點產生的場強大小等3、圖展示了等量異種點電荷的電場線和等勢面。關于場中的A、B、C、D四點，下列說法正確的是（）A．A、B兩點的電勢和場強都相同B．A、C兩點的場強相同，電勢不同C．C、D兩點的電勢相同，場強不同D．C、D兩點的電勢不同，場強相同4、下列說法中，正確的是（

）A．物理學家庫侖首先測出了元電荷e的數值B．在利用扭秤裝置研究庫侖定律的過程中，庫侖既用到了放大的思想也用到了控制變量法C．牛頓首先提出電場的概念，這是為了方便分析電荷之間的作用而假想電場是存在的D．在研究電場磁場時，我們常引入“試探電荷”，要求試探電荷不影響原電場的強弱及分布情況這里的試探電荷應用了假設法5、兩只額定電壓均為110V的燈泡A和B，額定功率分別為40W和100W，為了使它們接到220V電源上能正常發光，同時電路消耗的電功率最小，如圖所示的四個電路中最合理的是圖（）A．B．C．D．6、如圖是測定兩個電源的電動勢和內電阻實驗中得到的圖線，則應有（

）A．當時，電源總功率B．當時，外電阻C．當時，電源輸出功率D．當時，電源內部消耗的電功率二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、歐姆定律不適用于下列哪種情況()A．氣體導電 B．半導體導電C．電解液導電 D．金屬導電8、關于電源電動勢的說法正確的是（）A．電源電動勢等于內外電路電勢降落之和B．電源電動勢等于外電路的路端電壓C．電源電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓D．電源電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領9、如圖所示的U-I圖象中，直線Ⅰ為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安曲線，將該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知A．R的阻值為2.0ΩB．電源電動勢為2V，內阻為0.5ΩC．電源的輸出功率為2.0WD．電源總功率為2.0W10、某同學將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內部的發熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標系中，如圖所示,下列說法正確的是()A．反映Pr變化的圖線是cB．電源的電動勢為8VC．電源的內阻為2ΩD．當電流為0.5A時，外電路的電阻為4Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用如圖a所示裝置做探究彈簧彈力大小和其長度的關系的實驗。(1)他通過實驗得到如圖b所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線．由此圖線可得該彈簧的原長x0＝______cm，勁度系數k＝______N/m。(2)他又利用本實驗原理把該彈簧做成一把彈簧秤，當彈簧秤上的示數如圖c所示時，該彈簧的長度x＝______cm。12．（12分）某直流電動機M轉動時的U-I圖象如圖甲所示，該同學利用圖乙的實驗電路研究電動機的轉動情況，電路中使用恒壓電源，R1＝15Ω，R2是滑動變阻器，電流表A是理想電流表，實驗操作步驟如下：(1)閉合開關S2前，調節滑動變阻器，使其滑動觸頭應在________端．(選填“左”或“右”)(2)先閉合開關S1，開關S2保持斷開，此時電流表的示數為0.6A，則恒壓電源輸出電壓為________V．(3)再閉合開關S2，然后緩慢調節滑動變阻器使電動機恰好轉動起來，此時電流表的示數為1.8A，直流電動機M實際消耗的電功率為________W，滑動變阻器接入電路中的阻值為________．(以上均取兩位有效數值)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如下左圖所示，R1＝14Ω，R2＝9Ω，當S扳到位置1時，電壓表示數為2.8V，當開關S扳到位置2時，電壓表示數為2.7V，求電源的電動勢和內阻？（電壓表為理想電表）14．（16分）如圖所示，在豎直平面內，光滑絕緣直桿AC與半徑為R的圓周交于B、C兩點，在圓心處有一固定的正點電荷，B點為AC的中點，C點位于圓周最低點．現有一質量為m、電荷量為q套在桿上的帶負電小球（可視為質點）從A點由靜止開始沿桿下滑．已知重力加速度為g，A點距過C點的水平面的豎直高度為3R，小球滑到B點時的速度大小為．求：（1）A、B兩點間的電勢差；（2）小球滑至C點時的速度的大小；（3）若以C點做為零電勢點，試確定A點的電勢．15．（12分）如圖所示，固定于水平面上的金屬架CDEF處在豎直向下的勻強磁場中，框架間距為l，EF間有電阻R1＝6R和R2＝3R.金屬棒MN長也為l，電阻為R，沿框架以速度v從靠近EF的位置開始，向右勻速運動.除了電阻R1、R2和金屬棒MN外，其余電阻不計.開始磁感應強度大小為B0，求：(1)金屬棒MN的感應電動勢多大？回路EFMN的電流大小和方向如何？(2)電阻R1消耗的電功率多大？當運動到金屬棒MN與邊EF相距為d時，流過R1的電荷量為多少？(3)當金屬棒MN運動到與邊EF相距為d時，記為t＝0時刻，保持導體棒的速度不變.為使MN棒中不產生感應電流，磁感應強度B隨時間t發生變化，請推導B與t的關系式.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

兩導體相互接觸后，電荷量將重新分布，總量不變，但由于不明確兩導體的形狀，故無法確定A導體的帶電量；故選A。2、D【解析】A、閉合開關，將導體和大地看作整體，離正電荷最近的地方（導體a端）帶負電，地球的另一端帶正電，即地球另一端的電子流到導體上，故A錯誤；B、枕形導體是等勢體，則有，故B錯誤；CD、導體棒當達到靜電平衡后，導體兩端的感應電荷在O點產生的場強大小與點電荷+Q在該處產生的電場強度大小相等，方向相反，則導體兩端的感應電荷在O點產生的場強大小為，故C錯誤，D正確；3、C【解析】

A．由于對稱性可知，A、B兩點場強相同；由于沿著電場線方向電勢降低，因此A點電勢高于B點電勢，A錯誤；B．A、C兩點處由于電場線疏密不同，因此場強不同；由于沿著電場線方向電勢降低，因此A點電勢高于C點電勢，B錯誤；C．C、D兩點都處于同一等勢面上，電勢相同，但電場線的疏密不同，場強不同，C正確，D錯誤。故選C。4、B【解析】

密立根最早用實驗測出了元電荷e的數值，故A錯誤；在利用扭秤裝置研究庫侖定律的過程中，庫侖既用到了放大的思想也用到了控制變量法，故B正確；法拉第先提出電場的概念，揭示了電荷間相互作用就是電場對電荷的作用，故C錯誤；在研究電場磁場時，我們常引入“試探電荷”、“試探電流元”，目的是不影響原電場的強弱及分布情況，這里并沒有應用假設法，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤．5、B【解析】

A圖中，燈泡的額定電壓為110V，圖中，A燈泡的電壓等于220V，大于額定電壓，燒壞了，故A錯誤；B圖中由于額定電壓都是110V，額定功率PA=40W、PB=100W，由此可知RB<RA，把燈泡A與電阻并聯，會使并聯的部分的電阻更小，所以AB的電壓會平分，AB會同時正常發光，此時電路消耗的總功率為200W；C圖中由于額定電壓都是110V，額定功率PA=40W、PB=100W，由此可知RB<RA，把燈泡B與電阻并聯的話，可以使并聯部分的電阻減小，不可能使A與并聯部分的電阻相同，所以AB不能同時正常發光；D圖中把AB并聯之后與電阻串連接入電路的話，當電阻的阻值與AB并聯的總的電阻相等時，AB就可以正常發光，此時電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為280W；由以上的分析可知，正常發光并且消耗的功率最小的為B，故選B。【點睛】解答本題是一定要注意題目要同時滿足兩個條件即燈泡能夠正常發光并且消耗的功率還要最小．6、A【解析】

由閉合電路歐姆定律得：變形得可知圖線得截距代表電動勢，斜率代表內阻；A.由圖可知兩電源電動勢相等，電源總功率，當時，電源總功率，故A正確；B.圖線2的斜率大于圖線1的斜率，則電源的內阻，當時，由閉合電路歐姆定律可知有，則，故B錯誤；C.電源的輸出功率，當時，由圖知，則，故C錯誤；D.電源內部消耗的功率，當時，電源內電壓，由圖電源內阻，則，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

歐姆定律為實驗定律，只適用于金屬導電及電解液導電；不適用于半導體及氣體導電．【詳解】歐姆定律不適用于半導體及氣體導電，只適用于金屬導體及電解液導電；故應選：AB．【點睛】本題考查歐姆定律的適用范圍，明確歐姆定律為實驗定律，不能用于半導體及氣體導電．8、ACD【解析】

A．根據閉合電路歐姆定律得知，電源電動勢等于內外電路電勢降落之和，故A正確；B．當外電路斷開時，電源電動勢才等于外電路的路端電壓，而當外電路接通時，電源有內電壓，電源電動勢大于外電路的路端電壓，故B錯誤；C．根據閉合電路歐姆定律可知，當電源沒有接入電路時I=0，電源沒有內電壓，則電動勢等于此時兩極間的電壓，故C正確；D．電動勢是表示電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小的物理量，故D正確．故選ACD．9、BC【解析】

A．R的阻值為選項A錯誤；B．由圖像可知，電源電動勢為E=2V，內阻為選項B正確；C．電源的輸出功率為P=IU=2×1W=2.0W選項C正確；D．電源總功率為P總=IE=2×2W=4.0W選項D錯誤。10、AC【解析】

A.電源內部的發熱功率，圖象是拋物線，而且是增函數，則反映變化的圖線是c，故A正確。B.直流電源的總功率，圖象的斜率等于電動勢E，則有，故B錯誤；C.圖中I＝2A時，電源內部的發熱功率Pr與電源的總功率相等，則有，得到，故C正確；D.當電流為0.5A時，根據閉合電路歐姆定律得：，代入解得。故D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、42516【解析】

(1)[1][2]如果以彈簧長度x為橫坐標，彈力大小F為縱坐標，作出F－x圖象，那么圖象與橫軸的截距表示彈簧的原長，圖線的斜率表示彈簧的勁度系數，所以根據圖象可知，該彈簧的原長x0＝4cm勁度系數(2)[3]彈簧秤的讀數表示彈力的大小，即F＝3.0N，所以該彈簧的長度12、左9.03.84.8【解析】

（1）[1]因變阻器采用限流式接法，開關閉合前為使電路中電路中電流最小，應其接入電路中的阻值為最大．故滑片應在最左端．（2）[2]根據歐姆定律開關S2保持斷開時恒壓電源輸出電壓為：U=IR1=0.6×15V=9.0V（3）[3]知電源電壓恒為9.0V，閉合開關S2后根據歐姆定律有通過R1的電流為：A所以通過電動機的電流為：A再根據電動機的U-I圖象可讀出電動機兩端電壓UM=3.2V，則直流電動機M實際消耗的電功率為：P=UMI2=1.2×3.2W=3.8W[4]此時滑動變阻器兩端電壓為U3=E-UM=9-3.8=5.2V由歐姆定律可知，接入電阻：Ω四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、E=3V,r=1Ω【解析】試題分析：根據開關S扳到位置1和2時，分別由閉合電路歐姆定律列出含有電動勢和內阻的方程，聯立組成方程組求解．解：根據閉合電路歐姆定律，可列出方程組：當開關S扳到位置1時，E=U1+I1r=U1+當開關S扳到位置2時，E=U2+I2r=U2+代入解得：E=3V，r=1Ω答：電源的電動勢和內阻分別為3V和1Ω．【點評】本題提供了一種測量電源的電動勢和內阻的方法，可以用電阻箱代替兩個定值電阻，即由電壓表和電阻箱并連接在電源上，測量電源的電動勢和內阻，此法簡稱伏阻法．14、(1)A、B兩點間的電勢差(2)(3)【解析】

考查帶電粒子在復合