2025屆陜西省榆林市第十二中學物理高一上期末達標檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、在圖中，所有接觸面均光滑，且a、b均處于靜止狀態，其中A、D選項中的細線均沿豎直方向．a、b間一定有彈力的是A. B.C. D.2、自卸車常用來進行土方、砂石、散料等的裝卸運輸工作．如圖所示，當自卸車的車廂從水平傾斜到一定角度時，車廂上的貨物如集裝箱就會自動滑下．下列說法正確的是A.車廂傾斜角度越大，集裝箱對車廂的壓力越大B.車廂傾斜角度越大，集裝箱與車廂的動摩擦因數越小C.集裝箱靜止在傾斜車廂上時，受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力D.集裝箱開始下滑時，受到的摩擦力小于重力沿斜面方向的分力3、如圖是長征火箭把載人神舟飛船送入太空的情景．宇航員在火箭發射與飛船回收的過程中均要經受超重或失重的考驗．下列說法正確是A.火箭加速上升時，宇航員處于失重狀態B.飛船加速下落時，宇航員處于超重狀態C.飛船落地前減速，宇航員對座椅的壓力小于其重力D.火箭加速上升時，若加速度逐漸減小時，宇航員對座椅的壓力逐漸減小，但仍大于其重力4、如圖所示，一個物體受到1N、2N、3N、4N四個力作用而處于平衡．現保持1N、3N、4N三個力方向和大小不變，而將2N的力繞O點旋轉60°，此時作用在物體上的合力大小為()A.2N B.NC.13N D.N5、如圖所示，用輕繩AO、BO系住一物體處于平衡狀態，繩AO與豎直方向成一角度，繩BO水平。當繩子的懸點A緩慢向右移動時，BO始終保持水平，關于繩子AO和BO的拉力，下列說法中正確的是A.繩AO的拉力一直在減小 B.繩AO的拉力先減小后增大C.繩BO的拉力先減小后增大 D.繩BO的拉力先增大后減小6、如圖所示，在上表面光滑的小車上放有質量的物塊和質量為的小球，且，開始時物塊，小車小球一起在水平面上勻速運動，現讓小車向右勻加速運動則A.由于物塊將向前與小球相碰B.由于，物塊的慣性大，在小車上小球相對物塊向左運動C.由于，物塊的慣性大，在小車上小物塊相對球向右運動D.物塊的質量大慣性也大，但在小車上小球相對物塊仍靜止7、物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3s內的平均速度為3m/s，則（）A.第3s內物體的位移為3m B.物體的加速度是1m/s2C.前3s內的位移是4.5m D.第3s末的速度是3.6m/s8、如圖甲，一物塊在t=0時刻滑上一固定斜面，其運動的v—t圖象如圖乙所示．若重力加速度g=10m/s2，則A.斜面的長度B.斜面的傾角C.物塊的質量D.物塊與斜面間的動摩擦因數9、如圖所示，甲、乙、丙3人乘不同的熱氣球，甲看到樓房勻速上升，乙看到甲勻速上升，甲看到丙勻速上升，丙看到乙勻速下降，那么，從地面上看甲、乙、丙的運動可能是（）A.甲、乙勻速下降，且，丙停在空中B.甲、乙勻速下降，且，丙勻速上升C.甲、乙勻速下降，且，丙勻速下降且D.甲、乙勻速下降，且，丙勻速下降且10、某汽車剎車時做直線運動的位移x與時間t的關系為x＝10t－2t2（各物理量均采用國際單位制單位），則該汽車A.加速度大小為2m/s2B.3秒末的速度大小為12m/sC.加速度大小為4m/s2D.初速度大小為10m/s11、下列物理量為矢量的是（）A.平均速度 B.加速度C.路程 D.位移12、如圖所示，一細線的一端固定于傾角為45°的光滑楔形滑塊A的頂端P處,細線的另一端拴一質量為m的小球，重力加速度為g．當滑塊以加速度a在水平面上做勻加速運動時，小球的受力情況和滑塊A的加速度a的大小關系正確的是()A.若繩對小球恰好沒有拉力，則滑塊A一定有向右的加速度，且a=gB.若繩對小球恰好沒有拉力，則滑塊A一定有向左的加速度，且a=gC.若滑塊A向左以a=g做勻加速運動時，繩對小球的拉力為D.若滑塊A向左以a=g做勻加速運動時，繩對小球的拉力為二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，在光滑水平地面上有一個質量為M=3kg，傾角為=37°的光滑斜劈A，在釘在劈端的釘子上系著一條輕線，線下端拴著一個質量為m=1kg的小球B。用圖示方向的水平恒力拉斜劈，已知重力加速度大小為g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。（1）求B與A之間恰好無擠壓時，拉力F的大小。（2）若F=60N，求此時球對繩的拉力和球對斜面的壓力。16、（12分）一水平傳送帶以的速度勻速運動，傳送帶兩端距離，將一物體輕輕放在傳送帶一端，物體由這一端運動到另一端所需時間，求：（1）求物體與傳送帶間摩擦因數多大？（2）若物塊會在傳送帶上留下劃痕，求劃痕的長度？17、（12分）皮帶傳輸裝置示意圖的一部分如下圖所示,傳送帶與水平地面的夾角A、B兩端相距12m,質量為M=1kg的物體以=14.0m/s的速度沿AB方向從A端滑上傳送帶,物體與傳送帶間的動摩擦因數為0.5，傳送帶順時針運轉動的速度=4.0m/s(g取)，試求:(1)物體從A點到達B點所需的時間；(2)若物體能在傳送帶上留下痕跡,物體從A點到達B點的過程中在傳送帶上留下的劃痕長度

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】A．假設兩球間有彈力，則小球將向兩邊運動，與題矛盾，故ab間無彈力．故A不符合題意B．假設兩球間有彈力，則小球將向b球將向右邊運動，與題矛盾，故ab間無彈力．故B不符合題意C．若兩球間無彈力，則兩個都將向下擺動，與題矛盾，說明ab間有彈力．故C符合題意D．假設a對b球有彈力，方向必定垂直于斜面向上，b球共受三個力：豎直向下的重力、豎直向上的拉力和垂直于斜面向上的彈力，三個力的合力不可能為零，則小球b不可能處于靜止狀態，與題矛盾，故ab間一定沒有彈力．故D不符合題意2、D【解析】由力的分解知識可知，求出集裝箱對車廂的正壓力的表達式，進行判斷；摩擦因數與接觸面的粗糙程度有關；集裝箱靜止時，根據受力平衡進行判斷；集裝箱開始下滑時處于非平衡狀態，受力不平衡【詳解】A.由力的分解知識可知，集裝箱對車廂的正壓力為FN=Gcosθ，所以，車廂傾角越大，車廂與石塊間的正壓力逐漸減小，故A錯誤；B.集裝箱與車廂的動摩擦因數接觸面的粗糙程度有關，與傾角無關，故B錯誤；C.根據共點力平衡，集裝箱靜止在傾斜車廂上時，受到的摩擦力等于重力沿斜面方向的分力，故C錯誤；D.集裝箱開始下滑時，處于非平衡狀態，集裝箱滑動后的摩擦力小于重力沿斜面方向的分力，故D正確故選D.3、D【解析】A.火箭加速上升時，加速度方向向上，宇航員處于超重狀態．故A錯誤B.飛船加速下落時，加速度方向向下，宇航員處于失重狀態，故B錯誤．C.飛船在落地前減速，加速度方向向上，宇航員處于超重狀態，宇航員對座椅的壓力大于其重力，故C錯誤．D.火箭加速上升時，加速度方向向上，宇航員處于超重狀態，宇航員對座椅的壓力大于其重力，若加速度逐漸減小時依然超重，壓力仍大于重力．故D正確．4、A【解析】根據“一個物體受到1N、2N、3N、4N四個力作用而處于平衡”可知，本題考查力的平衡條件，根據平行四邊形定則，運用多力平衡的推論求解剩下力的合力.【詳解】由題意可知四力的合力為零，則可知1N、3N、4N三個力的合力2N；與2N大小相等方向相反；則2N的力繞O點旋轉60°，其他三力的合力不變，那么現在變為2N的兩個力，其夾角成120°，因此這兩個力的合力大小為2N，故A正確，B、C、D錯誤；故選A.【點睛】本題中應用了力的合成中的一個結論：當多力合成其合力為零時，任一力與其他各力的合力大小相等方向相反.5、A【解析】以節點O為研究對象，受到三個力的作用靜止不動，設AO與豎直方向夾角為，則由于重力不變，隨著夾角的減小，變大，變小，故繩AO和BO的拉力一直在減小，A正確，B、C、D錯誤；故選A。6、D【解析】小車向右勻加速運動時，由于小車上表面光滑，小車對物塊和小球水平方向沒有作用力，由于慣性，兩者相對于地面都靜止，所以物塊和小球不會相碰，故A錯誤；m1＞m2，物塊的慣性大，但在小車上小球相對物塊靜止，故BC錯誤；物塊的質量大慣性也大，但由于慣性，物塊和小球保持原來靜止狀態，在小車上小球相對物塊仍靜止，故D正確．所以D正確，ABC錯誤7、AD【解析】A．根據得物體在第3s內的位移mA正確；B．設加速度為，則根據勻變速直線運動推論：物體在第3s內的平均速度可以表示為解得m/s2，B錯誤；C．根據：前3s內的位移m，C錯誤；D．根據速度與時間的關系可知物體在第3s末的速度m/sD正確故選AD。8、BD【解析】由圖乙所示圖象可求出物體的加速度，應用牛頓第二定律求出斜面的傾角與動摩擦因數，然后根據物體運動過程分析答題【詳解】由圖乙所示圖象可知，物體先向上減速到達最高時再向下加速度；圖象與時間軸圍成面積為物體經過的位移，故可出物體在斜面上的位移，但是不能求出斜面的長度，故A錯誤；由圖乙所示圖象可知，加速度大小：，，由牛頓第二定律得：上升過程：mgsinθ+μmgcosθ=ma1，下降過程：mgsinθ-μmgcosθ=ma2，解得：θ=30°，μ=，故BD正確．根據圖示圖象可以求出加速度，由牛頓第二定律可以求出動摩擦因數與斜面傾角，但是無法求出物塊的質量，故C錯誤．故選BD【點睛】本題考查牛頓第二定律及圖象的應用，要注意圖象中的斜率表示加速度，面積表示位移；同時注意正確的受力分析，根據牛頓第二定律明確力和運動的關系9、ABD【解析】AB．甲看到樓房勻速上升，說明甲相對于地勻速下降。乙看到甲勻速上升，說明乙勻速下降，而且，甲看到丙勻速上升，丙看到乙勻速下降，丙可能停在空中，也可能勻速上升，故AB正確；CD．甲看到丙勻速上升，丙看到乙勻速下降，丙可能勻速下降，且，故C錯誤，D正確。故選ABD。10、CD【解析】根據，可得汽車的初速度為：加速度：則加速度的大小為，汽車速度減為零的時間為：則3s末的速度為0；A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析相符，故D正確；故選CD。11、ABD【解析】位移、平均速度和加速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而路程是只有大小沒有方向的物理量，是標量。故ABD正確。故選ABD。12、AC【解析】根據牛頓第二定律求出拉力為零時小球的加速度，當滑塊A向左以a=g做勻加速運動時小球恰好沒有脫離斜面飄起，再根據求解第二定律列式求解拉力的大小；【詳解】A、若繩對小球恰好沒有拉力，則對小球進行受力分析如圖所示：根據牛頓第二定律可知：，則，方向水平向右，故選項A正確，B錯誤；C、當滑塊A向左以a=g做勻加速運動時，則小球的合力為：，方向水平向左，則對小球進行受力分析如圖所示：則此時小球與斜面之間恰好沒有彈力，則由圖可知繩的拉力為：，故選項C正確，D錯誤【點睛】解決本題的關鍵知道小球脫離斜面時的臨界情況，結合牛頓第二定律進行求解二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）N（2）【解析】(1)當小球與斜劈之間恰好無擠壓時，對小球受力進行正交分解，可得得對整體有：(2)因為，故小球已脫離斜劈，故此時，對整體有對小球：得此時，拉力與水平方向夾角為α斜向右上方，α的正切值滿足tanα=由牛頓第三定律，可知球對繩的拉力為。16、（1）（2）【解析】物體從水平傳送帶的左端到達右端的過程可以分為兩部分，先是勻加速運動，后是勻速運動，物體受到的合力就是傳送帶對物體的摩擦力，由牛頓第二定律列方程就可以求得加速度，再由運動規律求得；根據牛頓第二定律和位移公式求出滑塊和傳送帶的相對位移大小，即劃痕的長度【詳解】（1）開始對物塊進行受力分析，木塊做勻加速運動，設加速度為a，若物塊一直勻加速，達到與帶同速前進位移為x由牛頓運動定律得：μmg=ma由勻變速運動：解得：x=10m因為x＜16m，故物塊先加速后勻速運動，設勻加速運動時間為t1則有：解得：t1=2s（2）物體在勻加速運動中的加速度為：位移為：在煤塊勻加速運動的過程中，傳送帶的位移x2=vt1=4×2m=8m，則劃痕的長度△x=x2-x1=4m【點睛】解決本題的關鍵要理清物體在傳送帶上的運動規律，結合牛頓第二定律和運動學公式分析物體的運動過程即可解題17、（1）2s（2）5m【解析】（1）開始時物體的初速度大于傳送帶的速度，根據受力及牛頓第二定律求出物體的加速度，當物體與傳送帶共速時，求解時間和物體以及傳送帶的位移；物體與傳送帶共速后，物體向上做減速運動，根據牛頓第二定律求解加速度，幾何運動公式求解到達B點的時間以及傳送帶的位移；（2）開始時物體相對傳送帶上滑，后來物體相對傳送帶下滑，結合位移關系求解劃痕長度.【詳解】（1）物體剛滑上傳送帶時因速度v0=14.0m/s大于傳送帶的速度v=4m/s，則物體相對斜面向上運動，物體的加速度沿斜面向下，根據牛頓第二定律有：Mgsin

θ+μMgcos

θ=Ma1解得：a1=gsin

θ+μgcos

θ=10m/s2當物體與傳送帶共速時：v0-at1=v解得t1=1s此過程中物體的位移傳送帶的位移：當物體與傳送帶共速后，由于μ=0.5<tan370=