2025屆四川省蓉城名校聯盟高中物理高二上期末預測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、首先發現電磁感應現象的科學家是（）A.法拉第 B.安培C.奧斯特 D.楞次2、取兩個完全相同的長導線，用其中一根繞成如圖（a）所示的螺線管，當該螺線管中通以電流強度為I的電流時，測得螺線管內中部的磁感應強度大小為B，若將另一根長導線對折后繞成如圖（b）所示的螺線管，并通以電流強度也為I的電流時，則在螺線管內中部的磁感應強度大小為（）A.0 B.0.5BC.B D.2B3、如圖所示，半徑為R的圓形線圈，其中心位置處半徑為r的虛線范圍內有勻強磁場，磁場方向垂直于線圈平面．若磁感應強度為B，現使圓形線圈半徑R增大，則圓形線圈的磁通量A.減少 B.增大C.不變 D.先增大后減少4、由磁感應強度的定義式可知（）A.磁場中某處的磁感應強度與通電導線放在該處所受安培力成正比B.通電導線放在磁場中某處不受安培力的作用時，則該處的磁感應強度一定為零C.同一條通電導線放在磁場中某處所受的磁場力是一定的D.磁場中某點磁感應強度與該點是否放通電導線無關5、如圖所示，先接通電鍵S使電容器充電，然后斷開S，增大兩極板間的距離時，電容器所帶電量Q，電容C，兩極板間電勢差U的變化情況是（）A.Q變小，C不變，U不變B.Q變小，C變小，U不變C.Q不變，C變小，U變大D.Q不變，C變小，U變小6、一架懸掛于天花板上的彈簧秤下掛水平導線AB，導線中通有如圖所示向右的電流，導線中心的正下方有與導線AB垂直的另一長直導線，當長直導線中通入向里的電流時，關于導線AB的運動及彈簧秤讀數的變化正確的是（）A.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數增大B.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數減小C.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數增大D.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一小型發電機產生的電動勢隨時間變化的規律如圖甲所示，已知發電機線圈內阻為1.0Ω，外接一個電壓表和一個電阻為10Ω的燈泡，如圖乙所示．下列說法正確的是()A.產生的交變電流的頻率為5HzB.通過燈泡的電流為2.2AC.電壓表讀數為20VD.燈泡的實際功率為40W8、帶電荷量為＋q的粒子在勻強磁場中運動，下面說法中正確的是()A.只要速度大小相同，所受洛倫茲力就相同B.如果把＋q改為－q，且速度反向、大小不變，則洛倫茲力的大小不變C.洛倫茲力方向一定與電荷速度方向垂直，磁場方向一定與電荷運動方向垂直D.粒子只受到洛倫茲力的作用，不可能做勻速直線運動9、如圖所示，20匝矩形閉合導線框ABCD處于磁感應強度大小為的水平勻強磁場中，線框面積S=1m2，線框電阻不計。線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω=100rad/s勻速轉動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈線接入一只“220V，60W”燈泡，且燈泡正常發光，熔斷器允許通過的最大電流為5A，下列說法正確的是（）A.圖示位置穿過線框的磁通量為零B.圖示位置通過線框的磁通量變化率最大C.變壓器原、副線圈匝數之比為100︰11D.允許變壓器輸出的最大功率為10kW10、圖中的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結論中正確的是()A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表電流表，R增大時量程減小C.乙表是電壓表，R增大時量程增大D.上述說法都不對三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學做描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗，實驗中用的小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，實驗室還有下列器材供選用：A.電池組(電動勢為6V，內阻約為2Ω)B.電壓表(0~5V，內阻約為10kΩ)C.電壓表(0~15V，內阻約為20kΩ)D.電流表(0~300mA，內阻約為1Ω)E.電流表(0~600mA，內阻約為0.4Ω)F.滑動變阻器(10Ω，2A)G.電鍵、導線若干①實驗中所用電壓表應選用__________，電流表應選用__________；(填寫器材前的字母)②實驗時要求盡量減小實驗誤差，測量電壓從零開始變化，則甲、乙、丙、丁四個電路圖中符合要求的電路圖是___________圖③某同學根據實驗得到的數據畫出了該小燈泡的伏安特性曲線(如右圖所示)若改用電動勢為3.0V，內阻為2Ω的電源給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是___________(結果保留兩位有效數字)12．（12分）在用伏安法測某元件的伏安特性實驗中，小張同學將采集到的數據記錄到了坐標圖上如圖甲所示，完成下列問題請在圖甲中繪出伏安特性曲線____，并由此圖線得出該電阻的電阻值______除了待測元件、導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A.電壓表量程3V，內阻約B.電壓表量程15V，內阻約C電流表量程，內阻約D.電流表量程3mA，內阻約E.滑動變阻器，額定電流F.滑動變阻器，額定電流G.滑動變阻器，額定電流H.電源電動勢為，內阻約為I.電源電動勢為，內阻約為根據所繪伏安特性曲線，為了調節方便，測量準確，實驗中應選用的器材是______填器材前面的字母根據所選器材，按要求補充完善圖乙所示實物連線______，實驗前變阻器的滑片P應置于最______填“左”或“右”端四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個質量為2kg的物體放在粗糙的水平面上，與水平面間的動摩擦因數為0.2．用一個大小為8N的水平外力拉動物體．g=10m/s2求：（1）該物體做勻加速運動的加速度大小；（2）外力持續作用3s，此時的速度大小；（3）3s時撤去外力，還能向前滑行多遠停下來？14．（16分）如圖所示，電子由靜止開始經加速電場加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉電場，并從另一側射出打在距離偏轉板右側為S的豎直屏幕上。已知電子質量為m，電荷量為e，加速電場電壓為U1；偏轉電場極板間電壓為U2，極板長度為L，板間距為d；（1）忽略電子所受重力，求電子從電場射出后打在豎直屏幕上的豎直偏轉距離?y；（2）分析物理量的數量級，是解決物理問題的常用方法。在解決（1）問時忽略了電子所受重力，請說明忽略重力的原因。（3）地球表面溝壑叢生，既有高山，又有大海，但平時我們都把地球看作一個圓球。已知地球最高峰珠穆朗瑪峰高度8844.43m，地球平均半徑6371.393km，請你用分析物理量的數量級的方法，說明把地球視作一個圓球的原因。15．（12分）如圖所示，在傾角為37°的光滑斜面上有一根長為0.4m，質量為6×10﹣2kg的通電直導線，電流強度I=1A，方向垂直于紙面向外，導線用平行于斜面的輕繩拴住不動，整個裝置放在磁感應強度每秒增加0.4T，方向豎直向上的磁場中，設t=0時，B=0T，（g取10m/s2）求：（1）當斜面對導線的支持力恰好為零時，安培力的大小和方向（2）需要幾秒，斜面對導線的支持力恰好為零？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】首先發現電磁感應的科學家是法拉第。故A正確，BCD錯誤2、A【解析】乙為雙繞線圈，兩股導線產生的磁場相互抵消，管內磁感應強度為零，故A正確考點：磁場的疊加名師點睛：本題比較簡單，考查了通電螺線管周圍的磁場，弄清兩圖中電流以及導線的繞法的異同即可正確解答本題3、C【解析】在使用：ΔΦ=BΔS計算磁通量時，一定要注意公式中的S為磁場穿過線圈的有效面積，所以穿過線圈的磁通量的面積為：ΔΦ=BΔS＝Bπr2故再圓形線圈半徑R增大過程中圓形線圈的磁通量不變，故選C.4、D【解析】A．磁場中某處的磁感應強度是由磁場本身決定的，與通電導線放在該處所受安培力無關，選項A錯誤；B．通電導線放在磁場中某處不受安培力作用時，可能是導線與磁場方向平行放置，該處的磁感應強度不一定為零，選項B錯誤；C．同一條通電導線放在磁場中某處，當導線與磁場方向的夾角不同，則所受的磁場力是不同的，選項C錯誤；D．磁場中某點的磁感應強度是由磁場本身決定的，與該點是否放通電導線無關，選項D正確。故選D。5、C【解析】由于充電后，電容器的帶電量Q不變，AB錯誤；根據可知，當兩板間距離d增大時，電容C變小，根據可知，而兩板間的電勢差U增大，D錯誤；而內部電場強度，因此電場強度與兩板間距離變化無關，C正確【點睛】電容器的定義式是一個比值定義，也就是電容器的大小與Q和U都無關，只與它們的比值有關；而電容器的決定式說明電器的大小與兩板的正對面積成正比，與兩板間的距離成反比；電容器內部是勻強電場，且電場強度大小為6、A【解析】根據安培定則可知，導線I2的磁感線是同心圓，方向如圖。因此對AB左半段，可以用左手定則判斷A端受到向外的力；同理也可以分析出B端受向里的力。從而使得A端轉向紙外，B端轉向紙里；AB轉動后電流的方向也向里，所以兩個電流之間相互吸引，所以AB對彈簧秤的拉力將增大，則彈簧秤的示數增大。A.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數增大，與分析相符，故A正確；B.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數減小，與分析不符，故B錯誤；C.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數增大，與分析不符，故C錯誤；D.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數減小，與分析不符，故D錯誤；故選：A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】由甲圖知電壓峰值、周期，從而求電壓有效值、角速度和頻率；電壓表測量的是路端電壓，求解實際功率要用有效值【詳解】由圖可知T=0.02s，則頻率f=1/T=50Hz，選項A錯誤；電動勢有效值為，可知通過燈泡的電流為，選項B錯誤；電壓表讀數，選項C正確；燈泡的實際功率：P=IU=40W；選項D正確；故選CD.8、BD【解析】粒子速度大小相同，由f=qvBsinθ可知，如果速度v與磁場B的夾角不同，洛倫茲力大小不同，即使洛倫茲力大小相同，速度方向不同，洛倫茲力方向不同，洛倫茲力不同，故A錯誤；如果把+q改為-q，且速度反向，大小不變，則洛倫茲力的大小、方向均不變，故B正確；洛倫茲力方向一定與電荷運動方向垂直，磁場方向與電荷運動方向不一定垂直，故C錯誤；洛倫茲力方向一定與電荷運動方向垂直，所以粒子只受到洛倫茲力的作用，不可能做勻速直線運動，故D正確．所以BD正確，AC錯誤9、CD【解析】AB．由圖可知，線圈與磁場垂直，故圖示位置穿過線框的磁通量最大，感應電動勢最小為零，即圖示位置通過線框的磁通量變化率最小，故AB錯誤；C．電動勢的最大值為則交流電壓的有效值為則原副線圈的匝數比為故C正確；D．因為保險絲的最大電流為5A，則最大功率為故D正確。故選CD。10、BC【解析】AB．由圖甲所示可知，電阻與G并聯，甲為電流表，分流電阻R增大時，電阻分流電流減小，量程變小，故A錯誤，B正確；C．由圖乙所示可知，電阻R與G串聯，乙為電壓表，R增大，電阻分壓電壓變大，量程變大，故C正確；D．由以上分析可知，BC正確，故D錯誤；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.①B②.E③.②丁④.③0.90~0.95W【解析】①根據燈泡的額定電壓選擇電壓表，根據給出的燈泡可明確其電流值，從而選擇電流表；②根據實驗原理可明確滑動變阻器及電流表的接法，從而確定原理圖；③在I-U圖象中作出電源的伏安特性曲線，則交點為電源的工作點【詳解】①電表量程應略大于燈泡的額定值，故電壓表應選擇B；燈泡的額定電流為0.5A，故電流表應選擇E；②滑動變阻器要用分壓電路；電壓表內阻遠大于燈泡電阻，則采用電流表外接；可知要選擇電路丁；③電源電動勢為3V，內阻為2Ω，在圖中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點為燈泡的工作點，則由圖可知，電壓為2.2V，電流為0.42A；則功率P=UI=2.2×0.42=0.92W；【點睛】對于伏安法描繪小燈泡的伏安特性曲線以及測電阻等實驗；當要求電流從零調時，變阻器應采用分壓式接法．同時注意明確圖象的性質和應用12、①.②.③.ADEI④.⑤.右【解析】（1）[1][2]用一條直線連接，讓盡量多的點落在直線上，如圖；從直線上選取一點如I=1mA時．U=2.3V，此時：（2）[3]根據實驗數據可知，電壓表選擇A；電流表選D；電源選擇I2；滑動變阻器接成分壓電路，故選阻值較小的G；（3）[4][5]由電壓表、電流表及電阻的阻值關系