高級中學名校試卷PAGEPAGE12024—2025學年度高三年級第一學期期初調研測試物理注意事項考生在答題前請認真閱讀本注意事項及各題答題要求1．本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘．考試結束后，請將答題卡交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號等用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在答題卡的規定位置．3．請認真核對答題卡表頭規定填寫或填涂的項目是否準確．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗．作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分．每題只有一個選項最符合題意．1.如圖所示，科學家設想在拉格朗日點L1建立一空間站，且空間站繞地球做圓周運動的周期與月球公轉周期相同．則（）A.空間站的加速度小于月球的加速度 B.空間站的線速度等于月球的線速度C.空間站的向心力大于月球的向心力 D.空間站和月球均只受地球的萬有引力〖答案〗A〖解析〗A．空間站與月球具有相同的周期與角速度，根據由于月球運行的軌道半徑較大，則空間站的加速度小于月球的加速度，故A正確；B．根據則空間站的線速度小于月球的線速度，故B錯誤；C．根據由于月球質量和運行的軌道半徑都較大，則空間站的向心力小于月球的向心力，故C錯誤；D．空間站受到月球和地球的萬有引力，月球受到空間站和地球的萬有引力，故D錯誤。故選A。2.如圖所示，在“研究平拋運動”實驗中，橫擋條卡住平拋小球，小球擠壓復寫紙，在白紙上留下小球球心的投影點，從而得到平拋運動的軌跡，關于此實驗，下列說法中正確的是（）A.秒表是實驗必要的器材B.斜槽軌道必須是光滑的C.坐標原點應選小球在斜槽末端點時球心的位置D.每次從斜槽上釋放小球的位置不一定相同〖答案〗C〖解析〗A．本實驗中不需要用秒表測量時間，故A錯誤；BD．為了確定平拋的運動軌跡，需要小球有不變的初速度，且初速度水平，故每次從斜槽上釋放小球的位置必須相同，而下滑過程中軌道是否光滑對實驗沒有影響，故BD錯誤；C．實驗中需用鉛筆標注小球球心在白紙上的投影點，從而確定平拋運動的軌跡，故坐標原點應選小球在斜槽末端點時球心的位置，故C正確。故選C。3.某塊石頭陷入淤泥過程中，其所受的阻力F與深度h的關系為（k，已知），石頭沿豎直方向做直線運動，當時，石頭陷入淤泥過程中克服阻力做的功為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗所受的阻力F與深度h的關系為線性關系，則有故選C。4.甲、乙兩球在同一豎直平面內同時從同一水平線上拋出，并同時落到P點，不計空氣阻力，軌跡如圖所示，則上述整個過程中（）A.甲球的速度變化量比乙球的大 B.甲球拋出的初速度比乙球的大C.甲球的最小動能比乙球的大 D.甲球相對于乙球做勻加速直線運動〖答案〗B〖解析〗A．兩球運動時間相同，速度變化量相同，故A錯誤；B．兩球做斜拋運動，豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向分速度相同，根據甲水平方向分速度較大，則甲球拋出的初速度比乙球的大，故B正確；C．甲乙質量未知，無法比較二者動能大小，故C錯誤；D．兩球做斜拋運動，豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻速直線運動，甲球相對于乙球做勻速直線運動，故D錯誤。故選B。5.新能源汽車以恒定的加速度由靜止開始沿平直的公路行駛，時刻達到發動機額定功率后保持功率不變，時刻起勻速行駛。汽車所受的阻力大小不變，則此過程中汽車的速度v、牽引力F、加速度a、功率P隨時間t的變化規律正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗汽車在時間內做勻加速運動，則加速度a不變，速度v均勻增加，牽引力F保持不變，根據P=Fv=Fat可知功率隨時間均勻增加；時間內，功率P保持不變，根據可知隨速度的增加，加速度a減小，牽引力F減小；時刻后勻速行駛，速度不變，牽引力等于阻力不變，加速度為零，功率不變。故選B。6.四個完全相同的小球A、B、C、D均在水平面內做圓錐擺運動．如圖甲所示，A、B在同一水平面內運動；如圖乙所示，連接C、D的繩與豎直方向之間的夾角相等，則（）A.A、B的角速度相等 B.A的角速度比B的大C.C受到繩的拉力比D的大 D.C受到繩的拉力比D的小〖答案〗A〖解析〗AB．對題圖甲中A、B分析，設繩與豎直方向的夾角為，繩長為，小球的質量為，小球A、B到懸點的豎直距離為，則解得所以小球A、B的角速度相等，故A正確，B錯誤；CD．對題圖乙中C、D分析，設繩與豎直方向夾角為a，小球的質量為m，繩上拉力為T，則有解得所以小球C、D受到繩的拉力大小相等，故CD錯誤。故選A。7.巴黎奧運會上，運動員托著重為G的杠鈴從下蹲狀態（圖甲）緩慢運動到站立狀態（圖乙），該過程杠鈴和人的肩部相對位置不變，運動員保持乙狀態站立時間后再將杠鈴緩慢向上舉，至雙臂伸直（圖丙），則運動員從圖甲到圖丙的過程中（）A.地面對運動員做正功 B.地面對運動員的沖量為0C.運動員受到重力的沖量為0 D.運動員對杠鈴的沖量大于〖答案〗D〖解析〗A．地面對運動員的支持力的位移為零，則地面對運動員不做功，選項A錯誤；B．地面對運動員的支持力的沖量IN=Nt則地面對運動員的沖量不為0，選項B錯誤；C．重力的沖量IG=Gt可知運動員受到重力的沖量不為0，選項C錯誤；D．運動員從圖甲到圖丙的過程中運動員對杠鈴的作用力為G，作用時間大于，可知運動員對杠鈴的沖量大于，選項D正確。故選D。8.如圖所示，光滑豎直平面內的圓軌道半徑為R，A、B點分別為軌道的最左側、最高點。一小球在軌道內運動且始終未離開軌道，重力加速度為g，則（）A.若小球運動到A點，小球在該位置所受的合力指向圓心B.若小球運動到A點，小球在該位置的速度一定大于0C.若小球運動到B點，小球在該位置一定受到軌道彈力D.若小球運動到B點，小球在該位置的速度一定大于等于〖答案〗D〖解析〗A．若小球運動到A點，小球在該位置受到的彈力指向圓心，但重力豎直向下，所以小球在該位置所受的合力不指向圓心，故A錯誤；B．若小球運動到A點，小球在該位置的速度如果剛好等于0，則小球將在下半圓軌道內來回運動，始終不會離開軌道，故B錯誤；CD．若小球運動到B點，重力剛好提供向心力，則此時小球受到的彈力剛好為0，則有可得可知小球運動到B點，小球在該位置的速度一定大于等于，故C錯誤，D正確。故選D。9.如圖所示，傾角為θ的傳送帶順時針轉動，其底部與水平面平滑連接．質量不同的小物體甲、乙先后由傳送帶上的A點靜止釋放，甲、乙與傳送帶、水平面間的動摩擦因數均為，已知，則甲、乙（）A.均沿傳送帶向上加速運動 B.均沿傳送帶向下先加速、后勻速運動C.均停止在水面上的同一位置 D.在整個運動過程中克服摩擦力做的功相等〖答案〗C〖解析〗AB．由題知，傳送帶順時針傳動，所以傳送帶對物體摩擦力沿傳送帶向上，根據，可知摩擦力小于重力沿斜面向下的分力，則甲、乙均沿傳送帶向下加速運動，故AB錯誤；C．甲、乙兩物體在傳送帶上加速下滑的過程中，根據牛頓第二定律可知解得可知兩物體加速度相同，又兩物體在傳送帶上滑行的距離相同（都由A點滑到傳送帶底部），根據可知兩物體到達水平面時的速度相同；在水平面上，兩物體都只受到摩擦力的作用，且動摩擦因數相同，根據牛頓第二定律可知解得可知兩物體在水平面上滑行的加速度相同，根據可知兩物體在水平滑行的距離也相同，即均停止在水面上的同一位置，故C正確；D．甲、乙兩物體在傳送帶上加速下滑的過程中，克服摩擦力做功為在水平面上滑行時，克服摩擦力做功故克服摩擦力做的總功為由于兩物體的質量不同，故在整個運動過程中克服摩擦力做的功不相等，故D錯誤。故選C10.如圖所示，質量相等的物塊A、B用輕彈簧連接，靜止在光滑水平面上，彈簧處于原長。現對A施加水平向右的恒力F，彈簧始終處于彈性限度內。則從A、B靜止開始運動到第一次速度相等的過程中（）A.A、B和彈簧組成的系統動量守恒 B.A、B和彈簧組成的系統機械能守恒C.A、B速度相等時，A的速度達到最大 D.A、B加速度相等時，彈簧的彈性勢能最大〖答案〗C〖解析〗A．由于受到恒力F的作用，可知A、B和彈簧組成的系統所受外力之和不為0，則系統不滿足動量守恒，故A錯誤；B．由于恒力F對A做功，所以A、B和彈簧組成的系統不滿足機械能守恒，故B錯誤；CD．對A、B在水平方向受力分析如圖F1為彈簧的彈力；當加速度大小相同時，對Ａ有對B有解得從A、B靜止開始運動到第一次速度相等的過程中，Ａ的合力（加速度）一直減小，而Ｂ的合力（加速度）一直增大，在達到共同加速度之前，A的合力（加速度）一直大于B的合力（加速度），之后A的合力（加速度）一直小于B的合力（加速度）。兩物體運動的圖像如圖所示時刻，兩物體加速度相等，斜率相同，速度差最大，時刻兩物體的速度相等，A速度達到最大值，兩實線之間圍成的面積有最大值，即兩物體的相對位移最大，彈簧被壓縮到最短，此時彈簧的彈性勢能最大，但A、B加速度不相等，故C正確，D錯誤。故選C二、非選擇題：共5題，共60分．其中第12題~第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分；有數值計算時，〖答案〗中必須明確寫出數值和單位．11.某實驗小組利用光電門遮光時可測速度的特性來做“驗證機械能守恒定律”實驗。實驗裝置主體如圖甲所示。（1）將寬度cm的黑色膠帶等間隔貼在______（選填“透明塑料”或“鐵質”）直尺上，相鄰膠帶中心線之間的距離cm。（2）圖乙為某條膠帶在刻度尺上的位置，該膠帶右側邊緣所對應的讀數為______cm。（3）將光電門固定在鐵架臺上，由靜止豎直釋放直尺，測得第1個和第4個膠帶通過光電門的時間分別為和。已知直尺質量，，則第1個膠帶經過光電門時直尺的動能為______J（保留兩位有效數字）（4）在誤差允許范圍內，若關系式______（用、d、、、g表示）成立，說明直尺下落過程中機械能守恒。（5）有同學認為，直尺上黑色膠帶的寬度d不是足夠小，導致膠帶通過光電門時直尺的動能計算值比真實值偏小。你是否同意該同學的觀點？請簡要說明理由。〖答案〗（1）透明塑料（2）3.00（3）0.050（4）（5）同意，見〖解析〗〖解析〗【小問1詳析】根據實驗原理可知，因鐵質直尺不透光，應將黑色膠帶等間隔貼在透明塑料直尺上。【小問2詳析】由圖乙可知，刻度尺的最小刻度為1mm，則該膠帶右側邊緣所對應的讀數為3.00cm。【小問3詳析】根據題意可知，第1個膠帶經過光電門時的速度為則第1個膠帶經過光電門時直尺的動能為【小問4詳析】第4個膠帶經過光電門時的速度為從第1個到第4個膠帶通過光電門時，直尺下落過程中重力勢能的減小量為根據機械能守恒可得聯立可得關系式成立，說明直尺下落過程中機械能守恒。【小問5詳析】同意該同學的觀點，由于測量的是膠帶通過光電門的平均速度，由勻變速直線運動的規律可知膠帶通過光電門的平均速度等于膠帶通過光電門的中間時刻的速度，實驗原理中測量的是膠帶中間位置的速度，由于d不是足夠小，膠帶通過光電門中間時刻的速度小于中間位置的速度，故膠帶通過光電門時直尺的速度測量值偏小，動能的計算值比真實值偏小。12.質量m=10g的子彈，以v0=300m/s的速度射向質量M=400g、靜止在光滑水平桌面上的木塊，子彈穿過木塊后的速度v1=100m/s。求：（1）子彈穿過木塊后木塊的速度大小v2；（2）子彈穿過木塊整個過程中木塊對子彈的沖量大小I。〖答案〗（1）v2=5m/s（2）I=2N?s〖解析〗【小問1詳析】子彈把木塊打穿，由動量守恒定律得mv0=mv1+Mv2解得v2=5m/s【小問2詳析】子彈穿過木塊整個過程中，由動量定理得?I=mv1–mv0解得I=2N?s13.2024年4月25日，搭載神舟十八號載人飛船的長征二號F遙十八運載火箭成功發射．如圖所示，飛船由火箭送入近地點為P、遠地點為Q的橢圓軌道上，飛船在運行多圈后變軌進入預定圓軌道．已知地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，萬有引力常量為G．（1）求地球的平均密度ρ；（2）若飛船在橢圓軌道上的運行周期為，在圓軌道上的運行周期為，Q距地面的高度為h，求近地點P距地面的高度．〖答案〗（1）（2）〖解析〗【小問1詳析】由萬有引力等于重力知地球平均密度解得【小問2詳析】根據開普勒第三定律，得解得14.如圖所示，質量的木板放在光滑的水平面上，給木板施加一水平向右的恒力。當木板向右運動的速度達到時，一物塊以水平向左的初速度滑上木板的右端。已知物塊的質量，物塊與木板間的動摩擦因數，設木板足夠長，重力加速度g取10m/s2。求：（1）物塊滑上木板時，木板的加速度大小；（2）從物塊滑上木板到物塊速度為零的過程中，物塊相對地面的位移x；（3）物塊相對木板滑動的過程中，木板和物塊組成的系統機械能的變化量。〖答案〗（1）（2）（3）〖解析〗小問1詳析】對物塊，根據牛頓第二定律對木板，根據牛頓第二定律解得，【小問2詳析】從物塊滑上木板到物塊速度為零的過程中，根據運動學公式解得【小問3詳析】從物塊滑上木板到物塊速度為零的過程中，物塊做勻減速運動，速度為零所用時間為此過程，木板相對于地面向右運動的位移從物塊滑上木板到物塊速度為零的過程中，木板和物塊的相對位移物塊速度為零后，物塊受木板向右的力做勻加速運動，加速度大小和方向均不變，對于木板，仍然做加速度為的勻加速運動，當物塊與木板達到相同速度時，二者不再發生相對位移。設此過程所用時間為t2，則有代入數據解得此過程滑塊相對于地面向右的位移為此過程木板相對于地面向右的位移為此過程木板和物塊的相對位移則兩個階段物塊和木板的相對位移機械能變化等于外力做功減去摩擦生熱，摩擦生熱對應相對位移，因此15.如圖甲所示，輕質長繩水平跨在小定滑輪A、B上，質量為m的小物塊懸掛在繩上的O點，O點與兩滑輪的距離均為L，在輕繩兩端分別拴有質量也為m的小球。先托住物塊，使繩處于水平拉直狀態，并從O點靜止釋放物塊。重力加速度為g。（1）當物塊下落至兩邊繩的夾角為120°時，求物塊的速度大小v1與左端小球速度大小v2的關系；（2）求物塊下落的最大距離H；（3）若將輕繩兩端的小球替換為豎直向下的恒力F=mg，如圖乙所示，仍從O點靜止釋放物塊，求物塊下落過程中重力的最大瞬時功率Pm。〖答案〗（1）（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】當物塊下落至兩邊繩的夾角為120°時，物塊的速度大小v1與兩小球速度大小v2的關系如圖所示，由幾何關系得解得【小問2詳析】如圖，當物塊速度減小為零時，物塊下落距離達到最大值H，輕繩兩端的小球上升的距離為H′，由動能定理得由幾何關系得解得【小問3詳析】當物塊所受的合外力為零時，加速度為零，此時物塊速度最大，設為vm，物塊下降距離為h，兩邊繩的夾角為θ，輕繩兩端上升的距離為h′，由平衡條件得由幾何關系得對物塊，由動能定理得物塊下落過程中重力的最大瞬時功率為解得2024—2025學年度高三年級第一學期期初調研測試物理注意事項考生在答題前請認真閱讀本注意事項及各題答題要求1．本試卷共6頁，滿分為100分，考試時間為75分鐘．考試結束后，請將答題卡交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號等用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在答題卡的規定位置．3．請認真核對答題卡表頭規定填寫或填涂的項目是否準確．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗．作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分．每題只有一個選項最符合題意．1.如圖所示，科學家設想在拉格朗日點L1建立一空間站，且空間站繞地球做圓周運動的周期與月球公轉周期相同．則（）A.空間站的加速度小于月球的加速度 B.空間站的線速度等于月球的線速度C.空間站的向心力大于月球的向心力 D.空間站和月球均只受地球的萬有引力〖答案〗A〖解析〗A．空間站與月球具有相同的周期與角速度，根據由于月球運行的軌道半徑較大，則空間站的加速度小于月球的加速度，故A正確；B．根據則空間站的線速度小于月球的線速度，故B錯誤；C．根據由于月球質量和運行的軌道半徑都較大，則空間站的向心力小于月球的向心力，故C錯誤；D．空間站受到月球和地球的萬有引力，月球受到空間站和地球的萬有引力，故D錯誤。故選A。2.如圖所示，在“研究平拋運動”實驗中，橫擋條卡住平拋小球，小球擠壓復寫紙，在白紙上留下小球球心的投影點，從而得到平拋運動的軌跡，關于此實驗，下列說法中正確的是（）A.秒表是實驗必要的器材B.斜槽軌道必須是光滑的C.坐標原點應選小球在斜槽末端點時球心的位置D.每次從斜槽上釋放小球的位置不一定相同〖答案〗C〖解析〗A．本實驗中不需要用秒表測量時間，故A錯誤；BD．為了確定平拋的運動軌跡，需要小球有不變的初速度，且初速度水平，故每次從斜槽上釋放小球的位置必須相同，而下滑過程中軌道是否光滑對實驗沒有影響，故BD錯誤；C．實驗中需用鉛筆標注小球球心在白紙上的投影點，從而確定平拋運動的軌跡，故坐標原點應選小球在斜槽末端點時球心的位置，故C正確。故選C。3.某塊石頭陷入淤泥過程中，其所受的阻力F與深度h的關系為（k，已知），石頭沿豎直方向做直線運動，當時，石頭陷入淤泥過程中克服阻力做的功為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗所受的阻力F與深度h的關系為線性關系，則有故選C。4.甲、乙兩球在同一豎直平面內同時從同一水平線上拋出，并同時落到P點，不計空氣阻力，軌跡如圖所示，則上述整個過程中（）A.甲球的速度變化量比乙球的大 B.甲球拋出的初速度比乙球的大C.甲球的最小動能比乙球的大 D.甲球相對于乙球做勻加速直線運動〖答案〗B〖解析〗A．兩球運動時間相同，速度變化量相同，故A錯誤；B．兩球做斜拋運動，豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向分速度相同，根據甲水平方向分速度較大，則甲球拋出的初速度比乙球的大，故B正確；C．甲乙質量未知，無法比較二者動能大小，故C錯誤；D．兩球做斜拋運動，豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻速直線運動，甲球相對于乙球做勻速直線運動，故D錯誤。故選B。5.新能源汽車以恒定的加速度由靜止開始沿平直的公路行駛，時刻達到發動機額定功率后保持功率不變，時刻起勻速行駛。汽車所受的阻力大小不變，則此過程中汽車的速度v、牽引力F、加速度a、功率P隨時間t的變化規律正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗汽車在時間內做勻加速運動，則加速度a不變，速度v均勻增加，牽引力F保持不變，根據P=Fv=Fat可知功率隨時間均勻增加；時間內，功率P保持不變，根據可知隨速度的增加，加速度a減小，牽引力F減小；時刻后勻速行駛，速度不變，牽引力等于阻力不變，加速度為零，功率不變。故選B。6.四個完全相同的小球A、B、C、D均在水平面內做圓錐擺運動．如圖甲所示，A、B在同一水平面內運動；如圖乙所示，連接C、D的繩與豎直方向之間的夾角相等，則（）A.A、B的角速度相等 B.A的角速度比B的大C.C受到繩的拉力比D的大 D.C受到繩的拉力比D的小〖答案〗A〖解析〗AB．對題圖甲中A、B分析，設繩與豎直方向的夾角為，繩長為，小球的質量為，小球A、B到懸點的豎直距離為，則解得所以小球A、B的角速度相等，故A正確，B錯誤；CD．對題圖乙中C、D分析，設繩與豎直方向夾角為a，小球的質量為m，繩上拉力為T，則有解得所以小球C、D受到繩的拉力大小相等，故CD錯誤。故選A。7.巴黎奧運會上，運動員托著重為G的杠鈴從下蹲狀態（圖甲）緩慢運動到站立狀態（圖乙），該過程杠鈴和人的肩部相對位置不變，運動員保持乙狀態站立時間后再將杠鈴緩慢向上舉，至雙臂伸直（圖丙），則運動員從圖甲到圖丙的過程中（）A.地面對運動員做正功 B.地面對運動員的沖量為0C.運動員受到重力的沖量為0 D.運動員對杠鈴的沖量大于〖答案〗D〖解析〗A．地面對運動員的支持力的位移為零，則地面對運動員不做功，選項A錯誤；B．地面對運動員的支持力的沖量IN=Nt則地面對運動員的沖量不為0，選項B錯誤；C．重力的沖量IG=Gt可知運動員受到重力的沖量不為0，選項C錯誤；D．運動員從圖甲到圖丙的過程中運動員對杠鈴的作用力為G，作用時間大于，可知運動員對杠鈴的沖量大于，選項D正確。故選D。8.如圖所示，光滑豎直平面內的圓軌道半徑為R，A、B點分別為軌道的最左側、最高點。一小球在軌道內運動且始終未離開軌道，重力加速度為g，則（）A.若小球運動到A點，小球在該位置所受的合力指向圓心B.若小球運動到A點，小球在該位置的速度一定大于0C.若小球運動到B點，小球在該位置一定受到軌道彈力D.若小球運動到B點，小球在該位置的速度一定大于等于〖答案〗D〖解析〗A．若小球運動到A點，小球在該位置受到的彈力指向圓心，但重力豎直向下，所以小球在該位置所受的合力不指向圓心，故A錯誤；B．若小球運動到A點，小球在該位置的速度如果剛好等于0，則小球將在下半圓軌道內來回運動，始終不會離開軌道，故B錯誤；CD．若小球運動到B點，重力剛好提供向心力，則此時小球受到的彈力剛好為0，則有可得可知小球運動到B點，小球在該位置的速度一定大于等于，故C錯誤，D正確。故選D。9.如圖所示，傾角為θ的傳送帶順時針轉動，其底部與水平面平滑連接．質量不同的小物體甲、乙先后由傳送帶上的A點靜止釋放，甲、乙與傳送帶、水平面間的動摩擦因數均為，已知，則甲、乙（）A.均沿傳送帶向上加速運動 B.均沿傳送帶向下先加速、后勻速運動C.均停止在水面上的同一位置 D.在整個運動過程中克服摩擦力做的功相等〖答案〗C〖解析〗AB．由題知，傳送帶順時針傳動，所以傳送帶對物體摩擦力沿傳送帶向上，根據，可知摩擦力小于重力沿斜面向下的分力，則甲、乙均沿傳送帶向下加速運動，故AB錯誤；C．甲、乙兩物體在傳送帶上加速下滑的過程中，根據牛頓第二定律可知解得可知兩物體加速度相同，又兩物體在傳送帶上滑行的距離相同（都由A點滑到傳送帶底部），根據可知兩物體到達水平面時的速度相同；在水平面上，兩物體都只受到摩擦力的作用，且動摩擦因數相同，根據牛頓第二定律可知解得可知兩物體在水平面上滑行的加速度相同，根據可知兩物體在水平滑行的距離也相同，即均停止在水面上的同一位置，故C正確；D．甲、乙兩物體在傳送帶上加速下滑的過程中，克服摩擦力做功為在水平面上滑行時，克服摩擦力做功故克服摩擦力做的總功為由于兩物體的質量不同，故在整個運動過程中克服摩擦力做的功不相等，故D錯誤。故選C10.如圖所示，質量相等的物塊A、B用輕彈簧連接，靜止在光滑水平面上，彈簧處于原長。現對A施加水平向右的恒力F，彈簧始終處于彈性限度內。則從A、B靜止開始運動到第一次速度相等的過程中（）A.A、B和彈簧組成的系統動量守恒 B.A、B和彈簧組成的系統機械能守恒C.A、B速度相等時，A的速度達到最大 D.A、B加速度相等時，彈簧的彈性勢能最大〖答案〗C〖解析〗A．由于受到恒力F的作用，可知A、B和彈簧組成的系統所受外力之和不為0，則系統不滿足動量守恒，故A錯誤；B．由于恒力F對A做功，所以A、B和彈簧組成的系統不滿足機械能守恒，故B錯誤；CD．對A、B在水平方向受力分析如圖F1為彈簧的彈力；當加速度大小相同時，對Ａ有對B有解得從A、B靜止開始運動到第一次速度相等的過程中，Ａ的合力（加速度）一直減小，而Ｂ的合力（加速度）一直增大，在達到共同加速度之前，A的合力（加速度）一直大于B的合力（加速度），之后A的合力（加速度）一直小于B的合力（加速度）。兩物體運動的圖像如圖所示時刻，兩物體加速度相等，斜率相同，速度差最大，時刻兩物體的速度相等，A速度達到最大值，兩實線之間圍成的面積有最大值，即兩物體的相對位移最大，彈簧被壓縮到最短，此時彈簧的彈性勢能最大，但A、B加速度不相等，故C正確，D錯誤。故選C二、非選擇題：共5題，共60分．其中第12題~第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分；有數值計算時，〖答案〗中必須明確寫出數值和單位．11.某實驗小組利用光電門遮光時可測速度的特性來做“驗證機械能守恒定律”實驗。實驗裝置主體如圖甲所示。（1）將寬度cm的黑色膠帶等間隔貼在______（選填“透明塑料”或“鐵質”）直尺上，相鄰膠帶中心線之間的距離cm。（2）圖乙為某條膠帶在刻度尺上的位置，該膠帶右側邊緣所對應的讀數為______cm。（3）將光電門固定在鐵架臺上，由靜止豎直釋放直尺，測得第1個和第4個膠帶通過光電門的時間分別為和。已知直尺質量，，則第1個膠帶經過光電門時直尺的動能為______J（保留兩位有效數字）（4）在誤差允許范圍內，若關系式______（用、d、、、g表示）成立，說明直尺下落過程中機械能守恒。（5）有同學認為，直尺上黑色膠帶的寬度d不是足夠小，導致膠帶通過光電門時直尺的動能計算值比真實值偏小。你是否同意該同學的觀點？請簡要說明理由。〖答案〗（1）透明塑料（2）3.00（3）0.050（4）（5）同意，見〖解析〗〖解析〗【小問1詳析】根據實驗原理可知，因鐵質直尺不透光，應將黑色膠帶等間隔貼在透明塑料直尺上。【小問2詳析】由圖乙可知，刻度尺的最小刻度為1mm，則該膠帶右側邊緣所對應的讀數為3.00cm。【小問3詳析】根據題意可知，第1個膠帶經過光電門時的速度為則第1個膠帶經過光電門時直尺的動能為【小問4詳析】第4個膠帶經過光電門時的速度為從第1個到第4個膠帶通過光電門時，直尺下落過程中重力勢能的減小量為根據機械能守恒可得聯立可得關系式成立，說明直尺下落過程中機械能守恒。【小問5詳析】同意該同學的觀點，由于測量的是膠帶通過光電門的平均速度，由勻變速直線運動的規律可知膠帶通過光電門的平均速度等于膠帶通過光電門的中間時刻的速度，實驗原理中測量的是膠帶中間位置的速度，由于d不是足夠小，膠帶通過光電門中間時刻的速度小于中間位置的速度，故膠帶通過光電門時直尺的速度測量值偏小，動能的計算值比真實值偏小。12.質量m=10g的子彈，以v0=300m/s的速度射向質量M=400g、靜止在光滑水平桌面上的木塊，子彈穿過木塊后的速度v1=100m/s。求：（1）子彈穿過木塊后木塊的速度大小v2；（2）子彈穿過木塊整個過程中木塊對子彈的沖量大小I。〖答案〗（1）v2=5m/s（2）I=2N?s〖解析〗【小問1詳析】子彈把木塊打穿，由動量守恒定律得mv0=mv1+Mv2解得v2=5m/s【小問2詳析】子彈穿過木塊整個過程中，由動量定理得?I=mv1–mv0解得I=2N?s13.2024年4月25日，搭載神舟十八號載人飛船的長征二號F遙十八運載火箭成功發射．如圖所示，飛船由火箭送入近地點為P、遠地