1.在一定條件下，細胞可將受損或功能退化的細胞結構等通過溶酶體降解，這是一種細胞自噬的現象，下列敘述正確的是（）A.溶酶體膜先與功能退化的線粒體膜融合后，其中的水解酶再將線粒體中的物質降解B.受損細胞結構被溶酶體降解后的產物全部排出細胞C.當細胞養分不足時，細胞“自噬作用”會減弱D.細胞自噬與細胞抵抗逆境有關【答案】D【解析】【分析】細胞自噬的基本過程：細胞中衰老的細胞器或者一些折疊錯誤的蛋白質被一種雙層膜結構包裹，形成自噬小泡，接著自噬小泡的外膜與溶酶體膜融合，釋放包裹的物質到溶酶體中，使包裹物在一系列水解酶的作用下降解。損壞的蛋白或細胞器可通過細胞自噬進行降解并得以循環利用，故營養缺乏條件下，細胞可通過細胞自噬獲得所需的物質，進而通過新陳代謝獲得能量。【詳解】A、細胞內由內質網形成一個雙膜的杯形結構，衰老的細胞器（功能退化的線粒體）從杯口進入，杯形結構形成雙膜的小泡，后其與溶酶體結合，溶酶體中的水解酶再將線粒體中的物質降解，A錯誤；B、受損細胞結構被溶酶體降解后，其產物的去向是排出細胞或在細胞內被利用，B錯誤；C、自噬溶酶體內的物質被水解后，如果是對細胞有用的物質，可以留在細胞內再利用，如果是廢物，或者是對細胞有害的物質則被排出細胞。由此推測，當細胞養分不足時，細胞的自噬作用會增強，C錯誤；D、營養缺乏條件下，細胞可通過細胞自噬獲得所需的物質，進而通過新陳代謝獲得能量，由此推測細胞自噬與細胞抵抗逆境有關，D正確。故選D。2.細胞自噬對細胞內穩態有重要意義。ATAD3B蛋白在正常情況下與線粒體DNA結合，當線粒體DNA損傷時C端轉移到線粒體外膜并與LC3蛋白結合后誘導內質網包裹線粒體形成自噬體，進而與溶酶體結合分解損傷的線粒體。下列說法不正確的是（）A.ADAT3B蛋白失活將導致細胞自噬無法進行B.缺氧或代謝旺盛的細胞線粒體自噬會加強C.LC3蛋白具有與ADAT3B蛋白C端結合的區域和與內質網膜蛋白結合的區域D.提高ADAT3B蛋白表達可以治療一些由線粒體基因突變引起的疾病【答案】A【解析】【分析】細胞自噬是存在于真核生物中，是一種高度保守的蛋白質或細胞器降解的過程。自噬發生時，一些損壞的蛋白質或細胞器等被雙層膜結構的自噬小泡包裹，并最終送到溶酶體中降解，降解產生的氨基酸等小分子物質可被細胞再利用，也能用于能量的產生。細胞自噬是細胞成分降解和回收利用的基礎，細胞將內部損壞、老化或功能喪失的細胞器分解，從而快速地提供能量和原材料維持細胞的正常運作。【詳解】A、ADAT3B突變可能使線粒體自減弱，但無法導致細胞自噬無法進行，A錯誤；B、缺氧或代謝旺盛的細胞線粒體自噬會加強，利用自噬過程的水解產物作為自身細胞代謝的原料，保證機體的正常生理功能，B正確；C、由題意“ATAD3B蛋白在正常情況下與線粒體DNA結合，當線粒體DNA損傷時C端轉移到線粒體外膜并與LC3蛋白結合后誘導內質網包裹線粒體形成自噬體”可知，LC3蛋白具有與ADAT3B蛋白C端結合的區域和與內質網膜蛋白結合的區域，C正確；D、提高ADAT3B蛋白表達可以增加ATAD3B蛋白的含量，促進與線粒體DNA結合，加強細胞的自噬能力，可以治療由線粒體基因突變引起的疾病，D正確。故選A。3.在真核細胞內，部分蛋白質需要在內質網中進一步合成和加工，蛋白質折疊錯誤可能會導致內質網功能紊亂，從而激活內質網自噬，當內質網自噬過度時就會誘導細胞啟動凋亡程序。下列有關說法正確的是（）A.內質網體積較大，可以在光學顯微鏡下清晰觀察到B.內質網被分解后的產物，滿足構成核糖體的全部原料C.適度的內質網自噬可以清理破損的內質網，維持細胞穩態D.細胞凋亡是細胞程序性死亡，與基因無關，與內質網有關【答案】C【解析】【分析】細胞自噬是真核生物的細胞內普遍存在的一種自穩機制，它通過溶酶體對細胞內受損的蛋白質、細胞器等進行分解，從而維持細胞內部環境的穩態。細胞自噬體內的物質被分解后，如果是對細胞有用的物質，細胞可以再利用，而廢物則被排出細胞。【詳解】A、內質網是由膜圍成的管狀、泡狀或扁平囊狀結構連接形成一個連續的內腔相通的膜性管道系統，其體積較大，可以在電子顯微鏡下清晰觀察到，A錯誤；B、內質網被分解后的產物，如果是對細胞有用的物質，細胞可以再利用，但不能提供RNA合成的原料，B錯誤；C、適度的內質網自噬，可以清理破損或功能退化的內質網以及折疊錯誤的蛋白質，從而維持細胞內部環境的穩態，C正確；D、細胞凋亡是細胞程序性死亡，是由基因所決定的細胞自動結束生命的過程，與基因有關，D錯誤。故選C。4.細胞自噬有助于人類更好地了解細胞如何實現自身物質的循環利用，幫助細胞適應饑餓和應對感染等不良環境。下圖表示細胞自噬作用的機理，請分析下列選項錯誤的是（）A.溶酶體起源于高爾基體，其中的水解酶在核糖體合成后需要轉運至內質網以及高爾基體中加工B.溶酶體膜能向其內部主動運輸H+，因此溶酶體的pH值低于細胞質基質中的pH值，若溶酶體膜發生破裂，釋放的水解酶活性會減弱或喪失C.細胞饑餓或機體感染病原體時，細胞的自噬作用會增強，該過程有利于維持機體的穩態D.溶酶體還可以殺死侵入細胞的病原體，人體吞噬細胞中含有大量溶酶體，因此該過程只在吞噬細胞中發生【答案】D【解析】【分析】1、水解酶屬于蛋白質，是在核糖體上合成的。2、溶酶體能夠分解很多種物質以及衰老、損傷的細胞器，清除侵入細胞的病毒或病菌，被比喻為細胞內的“酶倉庫”、“消化車間”。【詳解】A、溶酶體內的酶為蛋白質，是由核糖體合成、內質網加工、高爾基體再加工和修飾，最終由高爾基體以出芽方式形成囊泡，即為溶酶體，A正確；B、酶的活性受pH影響，溶酶體內酶的最適pH約為5，而細胞質基質的pH約為7.2，溶酶體中的酶進入細胞質基質后活性會減弱，甚至失去活性，因此溶酶體膜發生破裂，釋放的水解酶活性會減弱或喪失，B正確；C、細胞饑餓或機體感染病原體時，細胞的自噬作用會增強，為自身代謝提供更多有用的降解產物或清除入侵的病原體，維持機體的穩態，C正確；D、溶酶體可以殺死侵入細胞的病原體，大多數真核細胞中都有溶酶體，只是巨噬細胞中的溶酶體數量較多，D錯誤。故選D。5.自噬是把細胞質中的物質運送到溶酶體中降解的過程，該過程中損傷的細胞器被細胞自身的膜包裹形成自噬體，自噬體再與細胞內的溶酶體結合從而完成細胞自噬的過程。吸煙是導致慢性阻塞性肺疾病（COPD）的首要發病因素，銀杏葉提取物（GBE）對COPD具有一定的治療效果，機制是GBE可以通過PI3K蛋白來促進細胞自噬，已知細胞內PI3K蛋白的表達水平下降，會導致自噬程度增強，為驗證上述機制設計實驗如下表，分析下列說法錯誤的是（）組別實驗材料檢測指標預期結果對照組COPD組大鼠肺泡巨噬細胞PI3K蛋白含量？實驗組？A.實驗組應選用GBE＋COPD組大鼠肺泡巨噬細胞B.細胞自噬過程體現了生物膜具有一定的流動性C.GBE可通過PI3K蛋白來促進細胞自噬，所以預期結果應為實驗組PI3K蛋白含量高于對照組D.溶酶體內的水解酶可水解衰老、損傷的細胞器，使細胞獲得生存所需的物質和能量【答案】C【解析】【分析】溶酶體中含有多種水解酶，在一定條件下，細胞會將受損或功能退化的細胞結構等，通過溶酶體降解后再利用，這就是細胞自噬。處于營養缺乏條件下的細胞，通過細胞自噬，可以獲得維持生存所需的物質和能量，在細胞受到損傷、微生物入侵或細胞衰老時，通過細胞自噬，可以清除受損或衰老的細胞器，以及感染的微生物和毒素，從而維持內部環境的穩定。【詳解】A、該實驗目的是驗證GBE可以通過PI3K蛋白來促進細胞自噬，因此自變量為對COPD模型鼠是否進行GBE處理，因此實驗材料實驗組需要選擇COPD模型鼠肺泡巨噬細胞并施加GBE，A正確；B、根據題意，自噬過程中損傷的細胞器被細胞自身的膜包裹形成自噬體，因此細胞自噬過程體現了生物膜具有一定的流動性，B正確；C、根據題干信息推測PI3K蛋白的表達水平下降，會導致自噬程度增強，即GBE可以通過減少PI3K蛋白含量來促進細胞自噬，因此預期結果應為實驗組PI3K蛋白含量低于對照組，C錯誤；D、溶酶體中含有多種水解酶，在一定條件下，細胞會將受損或功能退化的細胞結構等，通過溶酶體降解后再利用，使細胞獲得生存所需的物質和能量，D正確。故選C。6.動物細胞工程通過細胞水平的操作，獲得有用的動物細胞、組織、器官、個體或相關產品，這涉及細胞培養、核移植、細胞融合、胚胎及干細胞操作等多項技術。下列敘述錯誤的是（）A.細胞培養過程中需適時更換培養液，防止代謝廢物積累抑制細胞生長B.“多莉”實驗中核移植前通常需要降低去核卵母細胞培養基中的牛血清濃度C.可多次注射特定抗原以獲得大量免疫過的B淋巴細胞D.經胚胎分割產生的胚胎或細胞可直接移植給受體【答案】B【解析】【分析】單克隆抗體制備流程：先給小鼠注射特定抗原使之發生免疫反應，之后從小鼠脾臟中獲取已經免疫的B淋巴細胞；誘導B細胞和骨髓瘤細胞融合，利用選擇培養基篩選出雜交瘤細胞；進行抗體檢測，篩選出能產生特定抗體的雜交瘤細胞；進行克隆化培養，即用培養基培養和注入小鼠腹腔中培養；最后從培養液或小鼠腹水中獲取單克隆抗體。【詳解】A、細胞培養過程中為防止代謝廢物積累抑制細胞生長，需適時更換培養液，進行傳代培養，A正確；B、“多莉”實驗中核移植前通常需要降低供核體細胞培養基中的牛血清濃度，以利于細胞核的一系列變化和細胞融合后基因表達分子開關的啟動，B錯誤；C、可多次注射特定抗原以獲得大量免疫過的B淋巴細胞，以便于后續的特定雜交瘤細胞的形成，C正確；D、胚胎分割產生的胚胎或細胞可在體外培養再進行移植，也可直接移植給受體，D正確。故選B。7.圖為抗體藥物偶聯物（ADC）形成和作用過程示意圖，其中①②③表示細胞。下列敘述錯誤的是（）A.注射抗原只引起體液免疫B.篩選出②需要用選擇培養基C.篩選出③需要克隆化培養D.ADC能選擇性殺傷腫瘤細胞【答案】A【解析】【分析】單克隆抗體制備過程：用特定的抗原免疫，從小鼠的脾中得到能產生特定抗體的B淋巴細胞→誘導與培養好的骨髓瘤細胞融合→用特定的選擇培養基進行篩選：在該培養基上，未融合的親本細胞和融合的具有同種核的細胞都會死亡，只有融合的雜交瘤細胞才能生長→對選擇培養的雜交瘤細胞進行克隆化培養和抗體檢測，經多次篩選，就可獲得足夠數量的能分泌所需抗體的細胞→將抗體檢測呈陽性的雜交瘤細胞在體外大規模培養或者注射小鼠腹腔中增殖→從細胞培養液或小鼠腹水中獲取大量的單克隆抗體。【詳解】A、注射抗原能引起機體產生體液免疫和細胞免疫，A錯誤；B、第一次篩選的目的是篩選出②雜交瘤細胞，需要用選擇培養基，B正確；C、第二次篩選的目的是篩選出③能產生特異性抗體的雜交瘤細胞，需要克隆化培養和單一抗體檢測，C正確；D、抗體藥物偶聯物（ADC）包括單克隆抗體和藥物，抗原和抗體的結合具有特異性，實現對腫瘤細胞的選擇性殺傷，D正確。故選A。8.為制備抗HA的單克隆抗體，研究人員設計技術路線如圖所示。下列敘述正確的是（）A.圖中小鼠多次注射HA后，從骨髓中獲取B淋巴細胞B.用圖中多孔細胞板陽性檢測時采用核酸分子雜交的技術C.經選擇培養基獲得的雜交瘤細胞均能無限增殖但分泌抗體類型不一定相同D.陽性克隆擴大培養時，需將相關細胞注射到小鼠血漿中，再從腹水中分離單克隆抗體【答案】C【解析】【分析】單克隆抗體制備流程：先給小鼠注射特定抗原使之發生免疫反應，之后從小鼠脾臟中獲取已經免疫的B淋巴細胞；誘導B細胞和骨髓瘤細胞融合，利用選擇培養基篩選出雜交瘤細胞；進行抗體檢測，篩選出能產生特定抗體的雜交瘤細胞；進行克隆化培養，即用培養基培養和注入小鼠腹腔中培養；最后從培養液或小鼠腹水中獲取單克隆抗體。【詳解】A、圖中小鼠多次注射HA后，從脾臟中獲取B淋巴細胞，此時的B淋巴細胞具產生抗體的能力，A錯誤；B、用圖中多孔細胞板陽性檢測時采用抗原抗體雜交的技術，B錯誤；C、經選擇培養基獲得的雜交瘤細胞均能無限增殖但分泌抗體類型不一定相同，因此需要對選擇培養基上獲得的雜交瘤細胞進一步篩選，進而獲得能產生所需抗體的雜交瘤細胞，C正確；D、陽性克隆擴大培養時，需將相關細胞注射到小鼠腹水中，再從腹水中分離獲得單克隆抗體，D錯誤故選C。9.正常細胞中合成DNA有D和S兩條途徑，其中D途徑能被氨基蝶呤阻斷，S途徑進行DNA合成時，細胞中的次黃嘌呤—鳥嘌呤磷酸核糖轉移酶（HGPRT）可將培養基中的6硫代鳥嘌呤轉變成相應的核苷酸形式參與DNA合成而發生毒性作用，使細胞致死。誘變產生的缺陷型（HGPRT）細胞由于HGPRT活性喪失，不能使用6硫代鳥嘌呤。為研制抗病毒A的單克隆抗體，某同學以小鼠甲為實驗材料設計了以下實驗流程。下列敘述正確的是（）A.篩選1的選擇培養基中應添加一定濃度的6硫代鳥嘌呤B.篩選2的選擇培養基中應添加一定濃度的氨基蝶呤和6硫代鳥嘌呤C.篩選3進行一次抗體檢測，某孔細胞呈陽性即可用于體外條件大規模培養D.用病毒A對小鼠免疫后，應分離出產生抗病毒A的抗體的B細胞再誘導細胞融合【答案】A【解析】【分析】由圖顯示，制備抗病毒A的單克隆抗體的過程中，需要經過三次篩選。第一次篩選的目的是選出缺陷型（HGPRT）細胞，即選出無法通過S途徑進行DNA合成的骨髓瘤細胞，原理為細胞中HGPRT活性喪失，無法將次黃嘌呤、鳥嘌呤轉變為次黃嘌呤核苷酸、鳥嘌呤核苷酸參與DNA合成。在加入了6硫代鳥嘌呤的培養基中，由于HGPRT活性喪失，不能使用6硫代鳥嘌呤，缺陷型（HGPRT）細胞可以存活，其余細胞死亡；第二次篩選的目的使通過選擇培養基篩選出融合成功的雜交瘤細胞，在含有氨基蝶呤的選擇培養基中，DNA合成的D途徑被阻斷。未融合成功的B淋巴細胞、融合的B淋巴細胞和B淋巴細胞因沒有大量增殖能力而死亡，經第一次篩選出來的缺陷型骨髓瘤細胞、融合的缺陷型骨髓瘤細胞和缺陷型骨髓瘤細胞喪失DNA合成的S途徑，因無法合成DNA而死亡，只有融合成功的雜交瘤細胞能在該選擇培養基上存活；第三次篩選的目的是選出能產生特定抗體的雜交瘤細胞，方法是細胞的克隆化培養和抗體檢測。【詳解】A、第一次篩選的目的是選出缺陷型（HGPRT）細胞，即缺陷型骨髓瘤細胞，由于缺陷型細胞中HGPRT活性喪失，不能使用6硫代鳥嘌呤，缺陷型（HGPRT）細胞可以存活，其余細胞死亡。因此篩選1的選擇培養基中應添加一定濃度的6硫代鳥嘌呤，A正確；B、篩選2的目的是選出融合成功的雜交瘤細胞，應使用添加一定濃度的氨基蝶呤的選擇培養基，不需要添加6硫代鳥嘌呤，B錯誤；C、篩選3的目的是選出能產出特定抗體的雜交瘤細胞，用96孔板培養和篩選雜交瘤細胞，每一個孔中盡量只接種一個雜交瘤細胞，但實際接種時可能會有多個不同的雜交瘤細胞接種在一個孔中，導致抗體檢測呈陽性但抗體不純，因此需要進行多次抗體檢測，C錯誤；D、用病毒A對小鼠免疫后，從該小鼠的脾臟中得到已免疫的B淋巴細胞，通過本題圖中篩選3獲得能產生抗病毒A的抗體的雜交瘤細胞，D錯誤。故選A。10.普通的腫瘤治療——單克隆抗體（單抗）只能結合單一的抗原，無法有效地聚集于腫瘤組織處。雙特異性單克隆抗體（雙抗）可以將抗腫瘤的藥物直接導至靶細胞，通過靶向多個抗原發揮協同抗腫瘤作用。基因工程制備雙抗的原理是對傳統單抗進行基因工程方面的改造，從而形成雙特異性抗體。利用雜交瘤細胞融合也可以制備雙抗，先將每個雜交瘤細胞受抗原刺激產生單克隆抗體，然后將這兩個雜交瘤細胞融合在一起，此融合的雜交瘤細胞能夠重新隨機組合“雙親”單抗肽段，從而產生雙抗。下列敘述正確的是（）A.誘導兩個雜交瘤細胞融合，一定會產生雙抗B.基因工程改造傳統單抗，操作對象是肽鏈C.制備雜交瘤過程中需要將能分泌特定抗體的漿細胞與骨髓瘤細胞融合D.相比于普通化療，雙抗治療能減少藥物的用量并降低正常組織的不良反應【答案】D【解析】【分析】單克隆抗體的制備過程：①給小鼠注射特定抗原使之發生免疫反應，然后從小鼠脾臟中獲取已經免疫的B淋巴細胞；②誘導B淋巴細胞和骨髓瘤細胞融合；③利用選擇培養基篩選出雜交瘤細胞；④進行克隆化培養和(專一)抗體檢測，篩選出能產生特定抗體的雜交瘤細胞；⑤用培養基培養篩選出來的雜交瘤細胞或將其注入小鼠腹腔中培養，最后從培養液或小鼠腹水中獲取單克隆抗體。【詳解】A、誘導兩個雜交瘤細胞融合，結果有不融合的單個雜交瘤細胞、融合成功的雙雜交瘤細胞，不一定會產生雙抗，即使融合成功的細胞，單抗肽段隨機組合，也不一定能產生雙抗，A錯誤；B、基因工程改造傳統單抗，應在基因水平操作，操作對象是DNA分子（或基因），B錯誤；C、制備雜交瘤細胞的過程中是免疫后的B淋巴細胞與骨髓瘤細胞融合，但是此時的B淋巴細胞還沒有分化成為漿細胞，C錯誤；D、將抗腫瘤的藥物直接導至靶細胞，能減少藥物的用量，避免了藥物作用于正常組織細胞，降低正常組織的不良反應，D正確。故選D。11.已知某種群中的雌性個體基因型及比例為BBXAXa：BbXAXa=1：1，雄性個體基因型及比例為bbXAY：bbXaY=1：2，現某興趣小組利用雌1、雌2、雄1、雄2四個信封來模擬上述種群中雌雄個體隨機交配產生子代的過程，下列敘述錯誤的是（）A.若雄1中只放入1種卡片，則雄2中需放入2種卡片且比例為1：2B.若雌1中有2種卡片且比例為3：1，則雌2中也有2種卡片但比例為1：1C.雌1和雌2中各取一張卡片并組合在一起，可模擬基因自由組合定律D.雌1、雌2、雄1、雄2中各取一張卡片并組合，卡片組合類型共有10種【答案】A【解析】【分析】分析題意可知，雌1、雌2、雄1、雄2四個信封代表基因，雌1、雌2組合模擬不同基因自由組合，雌1、雌2、雄1、雄2中各取一張卡片并組合，模擬雌雄配子隨機組合。【詳解】A、若雄1中只放入1種卡片，則，則雄2中需放入3種卡片代表XA、Xa、Y，A錯誤；B、若雌1中有2種卡片且比例為3：1，即代表B、b，則雌2中也有2種卡代表XA、Xa，比例為1：1，B正確；C、雌1和雌2中各取一張卡片并組合在一起即B、b和XA、Xa組合，可模擬非同源染色體非等位基因的自由組合，C正確；D、雌1、雌2、雄1、雄2中各取一張卡片并組合，模擬雌雄配子隨機組合，組合類型就是隨機交配產生的基因型，第一對等位基因的后代基因型有BB、Bb，第二對后代基因型有XAXA，XAXa，XaXa，XAY，XaY五種基因型，因此后代基因型10種卡片組合類型共有10種。故選A。12.某同學用卡片模擬雜交實驗，表示親本的卡片在信封中的放置情況如下圖，其中信封4中Y的數量待定，每次抓取卡片并記錄后，將卡片放回原信封，重復100次。已知A、a位于常染色體上，群體中A的基因頻率為0.8；B、b位于X染色體的非同源區段，群體中XB的基因頻率為0.6.群體中無配子致死和基因型致死現象。下列敘述正確的是（）A.隨機從信封1、2中各取1張卡片組合在一起，模擬Aa個體隨機交配產生子代B.信封4可模擬雄性生殖器官，圖中Y的數量不應與信封3中X的總數相同C.隨機從信封1、4中各取1張卡片組合在一起，模擬的是雌雄配子的自由組合D.隨機從信封3、4中各取1張卡片組合在一起，所得結果中純合子的概率為0.76【答案】D【解析】【分析】1、基因分離定律的實質是：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因隨著同源染色體的分離而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代。2、基因自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。【詳解】A、信封1、2中A：a都為4：1，都不是1：1，故從信封1、2中各取1張卡片組合在一起，不能模擬Aa個體自交產生子代，A錯誤；B、信封4含有Y染色體，故模擬的是雄性個體，雄性個體X和Y染色體數量相等，故信封4中Y的數量為50，與信封3中X的總數相同，B錯誤；C、信封1、4中字母不同，代表非同源染色體的非等位基因，所以模擬的是非同源染色體上非等位基因的自由組合，C錯誤；D、由題圖可知，信封3中XB的基因頻率為0.6，Xb的基因頻率為0.4，信封4中XB的基因頻率為0.3，Xb的基因頻率為0.2，Y的基因頻率為0.5，故從信封3、4中各取1張卡片組合在一起，得到純合子（XBXB、XbXb、XBY、XbY）的概率為0.6×0.3+0.4×0.2+0.6×0.5+0.4×0.5=0.76，D正確。故選D。13.在孟德爾雜交實驗的模擬實驗中，從如圖所示的松緊袋中隨機抓取一個小球并做相關記錄，每次將抓取的小球分別放回原松緊袋中，重復多次。下列敘述正確的是（）A.若①代表一個雌性個體的生殖器官，則③代表另一個雌性個體的生殖器官B.一個松緊袋中兩種小球的數量可以不相等，但各松緊袋間小球的總數量要相等C.該實驗模擬親本產生F1的過程中，等位基因分離，非等位基因自由組合D.模擬自由組合定律，可以將從①和③中各隨機抓取的一個小球組合【答案】D【解析】【分析】分析題圖：①②中所含的是B和b，③中所含的是D和d，這三個松緊袋中兩種小球的數量必須相等，但三個松緊袋中小球的總數量可以不相同。從①②中各隨機抓取一個小球并組合，模擬F1產生配子及雌雄配子隨機結合的過程。【詳解】A、若①代表一個雌性個體的生殖器官，則③可代表同一個雌性個體的生殖器官，A錯誤；B、一個松緊袋中兩種小球的數量相等，但各松緊袋間小球的總數可以不相等，B錯誤；C、該實驗模擬親本產生F1配子及雌雄配子隨機結合的過程，非同源染色體的非等位基因自由組合，C錯誤；D、①和③中的配子不同，則以將從①和③中各隨機抓取的一個小球組合模擬自由組合定律，D正確。故選D.14.某種自花傳粉植物染色體上存在控制花色和葉形的基因，分別記作A/a和B/b。現選取兩株親本雜交得F1，F1在自然狀態下種植得F2，結果如下表所示。下列說法正確的是（）親本類型F1表型及比例F2表型及比例紅花橢圓形葉×白花披針形葉紅花披針形葉：紅花橢圓形葉：白花披針形形葉：白花橢圓形葉=1：1：1：1紅花披針形葉：紅花橢圓形葉：白花披針形形葉：白花橢圓形葉=9：15：15：25注：不考慮同源染色體間的交換、不考慮致死。A.紅花對白花為顯性，橢圓形葉對披針形葉為顯性B.根據F1的表型及比例可判斷A/a和B/b位于非同源染色體上C.理論上F1產生的配子種類及比例為AB：Ab：aB：ab=1：3：3：9D.理論上F2紅花橢圓形葉植株中純合子占1/5【答案】C【解析】【分析】由題意可知，該植物自花傳粉，說明自然情況下只能自交，由表可知，紅花橢圓形葉×白花披針形葉，F1紅花披針形葉：紅花橢圓形葉：白花披針形葉：白花橢圓形葉=1：1：1：1，相當于兩對測交，F1中Aa：aa=1：1，Bb：bb=1：1，F2紅花：白花=3：5=1/2×3/4：（1/2×1/4+1/2），披針形葉：橢圓形葉=3：5=1/2×3/4：（1/2×1/4+1/2），說明紅花、披針形葉為顯性。【詳解】A、由題意可知，該植物自花傳粉，說明自然情況下只能自交，由表可知，紅花橢圓形葉×白花披針形葉，F1紅花披針形葉：紅花橢圓形葉：白花披針形葉：白花橢圓形葉=1：1：1：1，相當于兩對測交，F1中Aa：aa=1：1，Bb：bb=1：1，F2紅花：白花=3：5=1/2×3/4：（1/2×1/4+1/2），披針形葉：橢圓形葉=3：5=1/2×3/4：（1/2×1/4+1/2），說明紅花、披針形葉為顯性，A錯誤；B、由A可知親本的基因型為Aabb和aaBb，不論A/a和B/b是否位于非同源染色體上，F1的表型均為比例1：1：1：1，B錯誤；C、F2紅花：白花=3：5，披針形葉：橢圓形葉=3：5，整體為紅花披針形葉：紅花橢圓形葉：白花披針形葉：白花橢圓形葉=（3：5）×（3：5）=9：15：15：25，說明兩對等位基因遵循自由組合定律，F1為AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，則F1產生配子種類及比例為AB：Ab：aB：ab=1：3：3：9，C正確；D、F2代紅花橢圓形葉植株的基因型為A_bb，包括AAbb和Aabb，其中純合子約占1/3，D錯誤。故選C。15.二倍體生物個體在減數分裂過程中，同源染色體的非姐妹染色單體不發生交換形成的配子稱為親本型配子，而同源染色體的非姐妹染色單體發生交換才能形成的配子稱為重組型配子。兩對等位基因位于一對同源染色體上的雙雜合子可產生兩種比例相等的親本型配子、兩種比例相等的重組型配子，且親本型配子的比例大于重組型配子的比例。某二倍體自花傳粉植物的圓形果與長形果（分別簡稱為圓與長）、單一花序與復狀花序（分別簡稱為單與復）是由兩對等位基因控制的相對性狀。某同學利用該植物進行兩組雜交實驗，實驗數據如下表：組別雜交組合F1表型F2（F1自交所得）表型及個體數1圓單×長復圓單660圓單、90圓復、90長單、160長復2圓復×長單圓單510圓單、240圓復、240長單、10長復下列相關敘述錯誤的是（）A.該植物的圓形果對長形果為顯性，單一花序對復狀花序為顯性B.圓形果、長形果的遺傳和單一花序、復狀花序的遺傳都遵循分離定律C.按表中規律，若對1組F1進行測交，則子代四種表型的比例為3∶3∶1∶1D.按表中規律，若將1組的F1與2組的F1雜交，則子代出現長復的比例為1/25【答案】C【解析】【分析】純合圓復與純合長單進行雜交，F?表現型均為圓單，說明圓果為顯性，單一花序為顯性，F?自交，F?表現型及個體數為510圓單、240圓復、240長單、10長復，沒有表現出9：3：3：1的比例，說明這兩對基因不遵循基因的自由組合定律。【詳解】A、通過F?表型可知，圓形果對長形果、單一花序對復狀花序是顯性性狀，A正確；B、圓形果與長形果、單一花序與復狀花序均分別受一對等位基因控制，其遺傳分別都遵循分離定律，B正確；C、這兩對基因位于一對同源染色體上，正常情況下只會出現圓復、圓單和長單三種表型，出現長復可能是在形成配子時發生了染色體片段交換有關，由于第一組實驗中長復即雙隱性占比16/100，如果用aabb表示，則得子一代配子ab=4/10，所以AB也占4/10，剩余兩種各占1/10，因此，將其測交，則子代四種表型的比例為4∶4∶1∶1，C錯誤；D、第二組實驗長復占比1/100，則得子一代配子ab=1/10，第一組實驗中子一代配子ab=4/10，將兩組實驗的子一代雜交長復出現的概率是4/10×1/10=1/25，D正確。故選C。16.生態學上環境容納量又稱K值，最低起始數量又稱N值，科學家研究了某種群的數量變化規律，繪制出如圖所示的該種群瞬時增長量隨種群數量的變化曲線。下列敘述正確的是（）A.該種群的K值為750個，N值為20個B.當種群數量為300個時，種群增長率最大C當種群數量大于K值時，種群數量下降；小于K值時，種群數量上升D.若該種群的起始數量分別是50、700，則理論上種群的最終數量依次為0、600【答案】D【解析】【分析】據圖分析，種群數量小于100時，種群增長量小于0，種群數量減少；種群數量為100600，種群增長量大于0，種群數量增加；種群數量大于600時，種群增長量小于0，種群數量減少。【詳解】A、曲線表示種群瞬時增長量隨種群數量的變化，當種群數量大于600時，種群數量下降，所以600為種群數量的最大值，即K值，當種群數量小于100時種群的瞬時增長量小于0，所以100是種群數量的最小值，即N值，A錯誤；B、由圖可知，當種群數量為300個時，種群增長量最大，但此時種群的增長率不一定最大，B錯誤；C、當種群數量大于K值600時，種群瞬時增長量小于0，種群數量下降，當種群數量小于N值100時，種群瞬時增長量小于0，種群數量下降，故種群數量小于K值時種群數量不一定上升，C錯誤；D、當種群數量為50時，數量小于100，種群數量下降，最終數量為0，當種群數量為700時，種群數量下降到600，維持穩定，D正確。故選D。17.20世紀初，人們將駝鹿引入了一個孤島。該種群1915年～1960年的數量變化情況如圖，下列相關敘述正確的是（）①該種群的環境容納量為3000②1915～1930年駝鹿種群密度不斷增加可能的原因是沒有天敵③若出現食物短缺，則對1930年種群密度的影響小于1950年④1930年后，種群數量急劇下降的原因可能是發生了自然災害A.①④ B.①③ C.②③ D.②④【答案】D【解析】【分析】由圖可知，從1915～1930年種群數量一直在上升，特別是1930年種群數量最多，而后開始減少，在1942年時又有一個恢復現象。種群數量有一個大幅度的下降，這樣大的一個數量轉折表明造成的原因是多方面的可能與食物質乏、自然災害、種內競爭加劇有關。【詳解】①②由圖可以看出在1915年~1930年間駝鹿的種群數量不斷增加，可能的原因是是食物充足，沒有敵害，氣候適宜有關，但到1934年種群數量急劇下降到400，說明這時環境已經遭到了破壞，最后穩定在500～600之間，所以該孤島上駝鹿種群的環境容納量不是3000，①錯誤，②正確；③1930年種群數量比較大，1950年種群數量比較小，若出現食物短缺，則對1930年種群密度的影響大于1950年，③錯誤；④1930年后，駝鹿種群數量急劇下降，可能與食物質乏、自然災害、種內競爭加劇有關，④正確。故選D。18.如圖表示某魚類出生率、死亡率與種群密度之間的關系，有關說法錯誤的是（）A.當種群密度小于a時，種群將趨向于滅亡B.當種群密度在a～b時，種群數量呈現S形增長C.在種群密度達到b時捕撈，有利于持續獲得最大產量D.種群過密或過疏都可能對種群增長產生抑制性影響【答案】C【解析】【分析】S型（形）曲線中，種群數量增長率：開始時，種群增長率為0；種群數量達到K/2之前，種群的增長率在增大，種群數量增長速度加快；種群數量為K/2時，種群增長率最大，此時種群數量增長速度最快。【詳解】A、當種群密度小于a時，出生率小于死亡率，種群數量會持續減少并趨向于滅亡，A正確；B、a～b點種群數量呈增長趨勢，出生率大于死亡率，種群數量呈增長趨勢，直至b點出生率=死亡率，種群數量呈現S形（型）增長，B正確；C、b點出生率=死亡率，約為該種群的K值，此時捕撈可獲得一次性效益，但要持續獲得最大產量，應在K/2之后捕撈，并保證捕撈后的剩余量在K/2，C錯誤；D、種群密度過密時，種內競爭會加劇，導致死亡率上升，抑制種群增長；種群密度過疏時，個體可能會因為難以找到配偶等原因導致出生率下降，從而抑制種群增長，D正確。故選C。19.某農戶承包池塘養殖螃蟹致富，螃蟹的y值隨種群數量的變化趨勢如圖所示。下列敘述正確的是（）（注:y值為的比值）A.曲線表示種群增長速率與種群數量呈負相關B.（K值種群數量）/K值越小，密度制約因素作用越強C.為獲得最大的持續捕撈量，應在S3點對應的時刻捕撈D.種群的年齡組成在S2點時是增長型，在S4點時是衰退型【答案】B【解析】【分析】題意分析，存在K值的該種群數量變化的曲線為S型增長曲線；K值是與橫軸的相交點，接近200。當種群數量在K/2時，增長速率最大，為實現可持續發展，捕撈后的種群數量應控制在K/2；當種群數量到K值時，增長速率幾乎為零。【詳解】A、在S型增長曲線中，K/2之前種群增長速率隨種群數量的增加而增大，K/2之后種群增長速率隨種群數量的增加而減小，不是負相關，A錯誤；B、（K值?種群數量）/K值越小，種群數量越大，影響種群增長的環境阻力越大，密度制約因素作用越強，B正確；C、為獲得最大的持續捕撈量，應在種群數量高于S3點對應的時刻捕撈，捕撈后的數量處于S3對應的種群數量，因為S3對應的種群數量為K/2，此時的增長速率最大，C錯誤；D、種群的年齡結構在S2點和S4點時均為增長型，因為此時的種群數量還在K值之下，D錯誤。故選B。20.在捕撈業中，為獲得最大持續產量(MSY)，一般有兩種方式：配額限制和努力限制。配額限制是控制在一定時期內收獲對象個體的數量，允許收獲者在每一季節或每年收獲一定數量的獵物種；努力限制是當捕獵對象的種群數量減少后，必須增加收獲努力才能獲得同樣收獲量。下圖表示不同努力水平對種群的影響，其中實線表示某種被捕撈生物的凈補充量(出生數超出死亡數的部分)隨種群密度的變化，虛線表示四種不同努力水平下的收獲量。下列說法錯誤的是（）A.圖中可以表示MSY的點是NmB.N點的種群數量特征是出生率與死亡率的差值最大C.該種群數量增長曲線接近“S”形D.若種群密度低于Nm，收獲繼續保持在MSY努力水平，不會導致種群滅絕【答案】B【解析】【分析】S型曲線表示在自然條件下種群數量的增長規律。種群增長率在各階段不同，隨著時間的增加，種群增長率先增大后減小，S型曲線實現的條件是：環境條件是資源和空間有限，存在天敵，種群數量增長受種群密度制約。題圖分析，實線表示某種被捕撈生物的凈補充量（出生數超出死亡數的部分）隨種群密度的變化，實際代表的是種群增長率隨種群數量變化的曲線，為獲得最大持續產量通常需要使捕撈后的數量保持在Nm值。【詳解】A、根據題意可知，MSY為獲得最大持續產量，圖中的Nm點可以表示MSY，該點的種群數量特征是出生率與死亡率的差值最大，A正確；B、Nm點的種群數量特征是出生率與死亡率的差值最大，即種群增長速率最大時對應的種群密度，B錯誤；C、圖中實線表示某種被捕撈生物的凈補充量(出生數超出死亡數的部分)隨種群密度的變化，可以看出凈補充量由小到大再到小，該種群數量增長曲線接近“S”形，C正確；D、如果種群密度低于Nm，收獲繼續保持在MSY努力水平，則收獲量將降低，但不會導致種群滅絕，D正確。故選B。21.某科研團隊對某牧區兩塊灌叢草地分別采用了放牧和封育管理兩種處理措施。27年后進行調查時發現，封育樣地灌叢高度顯著大于放牧樣地灌叢高度，調查結果見下表。下列敘述正確的是（）樣地草本植物土壤土壤動物（種）物種數/種密度/（株·m2）高度cm全氮/（mg·kg1）有機碳/（μg·kg1）放牧灌叢內429.6710.150.080.6445灌叢外537.273.260.040.6037封育灌叢內420.1314.870.090.7252灌叢外763.337.680.0406140A.放牧樣地灌叢內，外植物高度差異體現出了群落的垂直結構B.草本植物生態位重疊越多，競爭越小，競爭結果有利于生態位的分化C.采用標記重捕法調查土壤小動物豐富度時，標記物應對小動物生存無影響D.豐育后灌叢的動植物種類數增加，抵抗力穩定性增強【答案】D【解析】【分析】1、群落的垂直結構指群落在垂直方面的配置狀態，其最顯著的特征是成層現象，即在垂直方向分成許多層次的現象。群落的水平結構指群落的水平配置狀況或水平格局，其主要表現特征是鑲嵌性。2、估算種群密度時，常用樣方法和標記重捕法，其中樣方法適用于調查植物或活動能力弱，活動范圍小的動物，而標記重捕法適用于調查活動能力強，活動范圍大的動物。調查土壤小動物豐富度時，采用取樣器取樣的方法進行研究。3、人類的活動往往會使群落的演替按照不同于自然演替的速度和方向進行。【詳解】A、封育樣地灌叢內、外植物的高度差異體現出該群落的水平結構和垂直結構，A錯誤；B、草本植物生態位重疊越多，種間競爭越大，競爭結果有利于生態位的分化，B錯誤；C、標記重捕法適用于調查活動能力強，活動范圍大的動物。土壤小動物身體微小，不易做標記調查，因此土壤小動物豐富度不宜采用標志重捕法，而是采用取樣器取樣的方法，C錯誤；D、豐育后灌叢的動植物種類數增加，物種豐富度增加，生態系統的結構更復雜，抵抗力穩定性增強，D正確。故選D。22.為研究華北平原上的毛白楊一刺槐成熟混交林的季節性吸水模式，對其進行了一系列指標測量，結果如下表。有關分析錯誤的是（）毛白楊一刺槐成熟混交林的季節性吸水模式表項目細根分布旱季主要水源雨季主要水源毛白楊淺土層、中土層中土層淺土層刺槐中土層、深土層地下水深土層A.通過統計混交林中物種的個體數量來調查其豐富度B.混交林的細根分布體現了群落的垂直結構C.季節性水源分布影響了混交林的吸水生態位D.旱季混交林的吸水生態位分化程度高于雨季【答案】A【解析】【分析】1、在群落中，各個生物種群分別占據了不同的空間，使群落形成一定的空間結構。群落的空間結構包括垂直結構和水平結構。2、生態位是指一個物種在群落中的地位和作用，包括所處的空間位置，占用資源的情況以及與其它物種的關系等。【詳解】A、一個群落中的物種數目稱為物種豐富度，因此需通過統計混交林中物種數目來調查其豐富度，A錯誤；B、混交林中不同物種細跟分布的空間結構不同，有的分布淺土層、中土層，有的分布深土層，可以體現群落的垂直結構，B正確；C、據表格所示旱季主要水源和雨季主要水源，毛白楊和刺槐吸水生態位不同，C正確；D、由于旱季缺水，因此需要更高程度的吸水生態位來減少物種之間對水分的競爭，D正確。故選A。23.研究發現，在某地人工桉樹林中，喬木層桉樹占絕對優勢；灌木層、草本層的物種豐富度與桉樹的密度有關：桉樹密度為750株/hm2時，灌木層有17個樹種，草本層物種也較豐富；桉樹密度高達1000株/hm2時，灌木層和草本層物種均減少。下列敘述錯誤的是（）A.人工桉樹林中灌木層和草本層植物在群落中優勢度較低，主要與光照有關B.人工桉樹林中桉樹高低錯落有致，體現了群落在垂直方向上有明顯的分層現象C.當人工桉樹林中桉樹密度高達1000株/hm2時，其抵抗力穩定性降低D.豐富度是指群落中物種數目的多少，物種組成是區別不同群落的重要特征【答案】B【解析】【分析】1、群落的空間結構包括垂直結構和水平結構，植物群落垂直分層現象與光照有關，動物群落垂直分層現象與食物和棲息場所有關。豐富度是指群落中物種數目的多少，物種組成是區別不同群落的重要特征。2、生態系統所具有的保持或恢復自身結構和功能相對穩定的能力，叫做生態系統的穩定性。生態系統抵抗外界干擾并使自身的結構與功能保持原狀（不受損害）的能力，叫