江蘇省常州市前黃中學溧陽中學2025屆數學高一上期末檢測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1．已知函數，則等于A.2 B.4C.1 D.2．已知,且在區間有最大值,無最小值,則＝()A B.C. D.3．將函數（）的圖象向右平移個單位長度后，得到函數的圖象，若為偶函數，則（）A.5 B.C.4 D.4．已知的三個頂點A，B，C及半面內的一點P，若，則點P與的位置關系是A.點P在內部 B.點P在外部C.點P在線段AC上 D.點P在直線AB上5．若函數的圖像關于點中心對稱，則的最小值為（）A. B.C. D.6．若函數是冪函數，且其圖象過點，則函數的單調增區間為A. B.C. D.7．若，，則的值為A. B.C. D.8．若函數的圖象（部分）如圖所示，則的解析式為（）A. B.C. D.9．函數，則函數（）A.在上是增函數 B.在上是減函數C.在是增函數 D.在是減函數10．已知兩直線，.若，則的值為A.0 B.0或4C.-1或 D.二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11．某種商品在第天的銷售價格（單位：元）為，第x天的銷售量（單位：件）為，則第14天該商品的銷售收入為________元，在這30天中，該商品日銷售收入的最大值為________元.12．若且，則取值范圍是___________13．函數的最小值為__________14．已知向量，，若，則的值為________.15．等腰直角△ABC中，AB=BC=1，M為AC的中點，沿BM把△ABC折成二面角，折后A與C的距離為1，則二面角C—BM—A的大小為_____________．16．已知＝－5，那么tanα＝________.三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17．已知函數的圖象（部分）如圖所示，（1）求函數的解析式和對稱中心坐標；（2）求函數的單調遞增區間18．在三棱柱ABC-A1B1C1中，AB⊥AC，B1C⊥平面ABC，E，F分別是AC，B1C的中點（1）求證：EF∥平面AB1C1；（2）求證：平面AB1C⊥平面ABB119．環保生活，低碳出行，電動汽車正成為人們購車的熱門選擇.某型號電動汽車，在一段平坦的國道進行測試，國道限速（不含）.經多次測試得到，該汽車每小時耗電量（單位：）與速度（單位：）的下列數據：01040600132544007200為了描述國道上該汽車每小時耗電量與速度的關系，現有以下三種函數模型供選擇：，，.（1）當時，請選出你認為最符合表格所列數據實際的函數模型，并求出相應的函數解析式；（2）現有一輛同型號汽車從地駛到地，前一段是的國道，后一段是的高速路，若已知高速路上該汽車每小時耗電量（單位：）與速度的關系是：，則如何行駛才能使得總耗電量最少，最少為多少？20．已知圓經過兩點，且圓心在直線上.（1）求圓的標準方程；（2）若直線過點，且被圓截得的弦長為，求直線的方程.21．已知函數，，且在上的最小值為0.（1）求的最小正周期及單調遞增區間；（2）求的最大值以及取得最大值時x的取值集合.

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1、A【解析】由題設有，所以，選A2、C【解析】結合題中所給函數的解析式可得：直線為的一條對稱軸，∴，∴，又，∴當k=1時,.本題選擇C選項.3、C【解析】先由函數圖象平移規律可得，再由為偶函數，可得（），則（），再由可得出的值.【詳解】由題意可知，因為為偶函數，所以（），則（），因為，所以.故選：C.4、C【解析】由平面向量的加減運算得：，所以：，由向量共線得：即點P在線段AC上，得解【詳解】因為：，所以：，所以：，即點P在線段AC上，故選C．【點睛】本題考查了平面向量的加減運算及向量共線，屬簡單題．5、C【解析】根據函數的圖像關于點中心對稱，由求出的表達式即可.【詳解】因為函數的圖像關于點中心對稱，所以，所以，解得，所以故選：C【點睛】本題主要考查余弦函數的對稱性，還考查了運算求解的能力，屬于基礎題.6、B【解析】分別求出m，a的值，求出函數的單調區間即可【詳解】解：由題意得：，解得：，故，將代入函數的解析式得：，解得：，故，令，解得：，故在遞增，故選B【點睛】本題考查了冪函數的定義以及對數函數的性質，是一道基礎題7、A【解析】由兩角差的正切公式展開計算可得【詳解】解：，，則，故選A【點睛】本題考查兩角差的正切公式：，對應還應該掌握兩角和的正切公式，及正弦余弦公式．本題是基礎8、A【解析】根據正弦型函數最小正周期公式，結合代入法進行求解即可.【詳解】設函數的最小正周期為，因為，所以由圖象可知：，即，又因為函數過，所以有，因為，所以令，得，即，故選：A9、C【解析】根據基本函數單調性直接求解.【詳解】因為，所以函數在是增函數，故選：C10、B【解析】分兩種情況：一、斜率不存在，即此時滿足題意；二、斜率存在即，此時兩斜率分別為，，因為兩直線平行，所以，解得或(舍)，故選B考點：由兩直線斜率判斷兩直線平行二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11、①.448②.600【解析】銷售價格與銷售量相乘即得收入，對分段函數，可分段求出最大值，然后比較【詳解】由題意可得（元），即第14天該商品的銷售收入為448元.銷售收入，，即，.當時，，故當時，y取最大值，，當時，易知，故當時，該商品日銷售收入最大，最大值為600元.故答案為：448；600.【點睛】本題考查分段函數模型的應用．根據所給函數模型列出函數解析式是基本方法12、或【解析】分類討論解對數不等式即可.【詳解】因為，所以，當時，可得，當時，可得.所以或故答案為：或13、【解析】所以，當，即時，取得最小值.所以答案應填：.考點：1、對數的運算；2、二次函數的最值.14、【解析】因為，，，所以，解得，故答案為：15、【解析】分別計算出的長度,然后結合二面角的求法,找出二面角,即可.【詳解】結合題意可知,所以,而發現所以,結合二面角找法:如果兩平面內兩直線分別垂直兩平面交線,則該兩直線的夾角即為所求二面角,故為所求的二面角,為【點睛】本道題目考查了二面角的求法,尋求二面角方法:兩直線分別垂直兩平面交線,則該兩直線的夾角即為所求二面角16、－【解析】由已知得＝－5，化簡即得解.【詳解】易知cosα≠0，由＝－5，得＝－5，解得tanα＝－.故答案為：－【點睛】本題主要考查同角的商數關系，意在考查學生對這些知識的理解掌握水平.三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、（1），對稱中心；（2），【解析】(1)由函數的圖象得出A，求出函數的四分之一周期，從而得出ω，代入最高點坐標求出φ，得函數的解析式，進而求出對稱中心坐標；（2）令，從而得到函數的單調遞增區間.【詳解】（1）由題意可知，，，，又當時，函數取得最大值2，所以，，又因為，所以，所以函數，令，，得對稱中心，.（2）令，解得，，所以單調遞增區間為，【點睛】求y＝Asin（ωx+φ）的解析式，條件不管以何種方式給出，一般先求A，再求ω，最后求φ；求y＝Asin（ωx+φ）的單調遞增區間、對稱軸方程、對稱中心坐標時，要把ωx+φ看作整體，分別代入正弦函數的單調遞增區間、對稱軸方程、對稱中心坐標分別求出x，這兒利用整體的思想；求y＝Asin（ωx+φ）的最大值，需要借助正弦函數的最大值的求解方法即可18、（1）證明詳見解析；（2）證明詳見解析.【解析】（1）通過證明，來證得平面.（2）通過證明平面，來證得平面平面.【詳解】（1）由于分別是的中點，所以.由于平面,平面，所以平面.（2）由于平面，平面，所以.由于，所以平面,由于平面，所以平面平面.【點睛】本小題主要考查線面平行證明，考查面面垂直的證明，屬于中檔題.19、（1）選擇，；（2）當這輛車在國道上的行駛速度為，在高速路上的行駛速度為時，該車從地到地的總耗電量最少，最少為.【解析】（1）根據當時，無意義，以及是個減函數，可判斷選擇，然后利用待定系數法列方程求解即可；（2）利用二次函數的性質可判斷在國道上的行駛速度為耗電最少，利用對勾函數的性質可判斷在高速路上的行駛速度為時耗電最少，從而可得答案.【詳解】（1）對于，當時，它無意義，所以不合題意；對于，它顯然是個減函數，這與矛盾；故選擇.根據提供的數據，有，解得，當時，.（2）國道路段長為，所用時間為，所耗電量，因為，當時，；高速路段長為，所用時間為，所耗電量為，由對勾函數的性質可知，在上單調遞增，所以；故當這輛車在國道上的行駛速度為，在高速路上的行駛速度為時，該車從地到地的總耗電量最少，最少為.【點睛】方法點睛：與實際應用相結合的題型也是高考命題的動向，這類問題的特點是通過現實生活的事例考查書本知識，解決這類問題的關鍵是耐心讀題、仔細理解題，只有吃透題意，才能將實際問題轉化為數學模型進行解答.20、（1）（2）或.【解析】（1）設圓的方程為，根據題意列出方程組，求得的值，即可求解；（2）由圓的弦長公式，求得圓心到直線的距離為，分類直線的斜率不存在和斜率存在兩種情況討論，即可求得直線的方程.【小問1詳解】解：圓經過兩點，且圓心在直線上，設圓的方程為，可得，解得，所以圓的方程為，即.【小問2詳解】解：由圓，可得圓心，半徑為，因為直線過點，且被圓截得的弦長為，可得，解得，即圓心到直線的距離為，當直線的斜率不存在時，直線的方程為，此時圓心到直線的距離為，符合題意；當直線的斜率存在時，設直線的斜率為，可得直線的方程為，即由圓心到直線的