黑龍江省安達市重點中學2025屆高三下學期第六次檢測生物試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（共6小題，每小題6分，共36分。每小題只有一個選項符合題目要求）1．下列有關細胞的敘述正確的是（）A．微量元素在生物體內不可缺少，如葉綠素的合成離不開Mg元素B．蛋白質、核酸、淀粉等生物大分子的單體在排列順序上都具有多樣性C．線粒體是有氧呼吸的主要場所，在其中生成的產物有丙酮酸、二氧化碳和水D．細胞質基質是活細胞進行新陳代謝的主要場所2．圖表示生物圈中碳元素的循環過程，其中A、B、C表示生態系統的不同成分。下列有關敘述錯誤的是（）A．A、B分別代表消費者和生產者B．疏松土壤可以加快⑤過程C．③過程代表綠色植物的呼吸作用D．⑥過程是溫室效應的主要原因3．蝗蟲的體細胞中染色體數目較少（雌蝗蟲2N=24，雄蝗蟲2N=23），它由X染色體數決定性別（雌性XX，雄性XO）。現有一個進行正常分裂的蝗蟲細胞，顯微觀察發現，含有12條染色體，呈現12種不同的形態結構。下列敘述正確的是（）A．該細胞含有同源染色體，存在等位基因B．該細胞如果在體內完成分裂后可以進入下一個細胞周期C．該細胞的染色體數與DNA分子數之比為1：1D．該細胞可能取自卵巢，也可能取自精巢4．各種育種方式，為人類的生產實踐提供了豐富的材料，下列關于育種的敘述，正確的是（）A．黑農5號大豆和轉基因抗蟲棉的育種原理分別是染色體變異和基因重組B．三倍體無籽西瓜有機物含量高且高度不育，但仍屬可遺傳變異C．利用誘變育種，誘發家蠶常染色體基因移到性染色體上，其原理是基因突變D．單倍體育種可通過對花藥離體培養獲得的單倍體種子進行秋水仙素處理以獲得穩定遺傳的后代5．美國科學家發現了一種名為RHOGD12的基因，誘導該基因在癌細胞內表達后，癌細胞會失去轉移能力，從而有助于避免癌細胞在體內的擴散。該基因的作用最可能是A．控制合成一種酶，促使癌細胞衰老、凋亡B．控制合成一種激素，誘導癌細胞分化為正常組織C．控制合成一種糖蛋白，增強癌細胞間的黏著性D．控制合成一種RNA，使癌細胞的DNA復制受阻6．2017年我國科學家在國際上首次實現了非人靈長類動物的體細胞克隆，獲得了兩只克隆猴“中中”和“華華”。該成果標志著中國率先開啟了以體細胞克隆猴作為實驗動物模型的新時代。下列敘述錯誤的是（）A．兩只克隆猴的誕生說明高度分化的動物細胞的細胞核具有全能性B．克隆猴體內不同種類的細胞中遺傳信息的表達情況不同C．克隆猴體內衰老的細胞因細胞膜通透性發生改變而導致其物質運輸功能降低D．克隆猴體內的細胞癌變后其細胞膜兩側分布的糖蛋白數量減少二、綜合題：本大題共4小題7．（9分）科研人員利用胚胎干細胞（ES細胞）對干擾素基因缺失小鼠進行基因治療。其技術流程如下圖1所示，圖2、圖3分別表示了干擾素基因及質粒的相關信息。（1）在圖1治療過程中是否體現細胞的全能性____（是/否），為什么？________________________。（2）圖1步驟③將基因導入ES細胞而不是導入到上皮細胞是因為ES細胞具有__________________。（3）據圖2、圖3，對干擾素基因片段和質粒進行酶切時，可選用的限制酶組合為________________。（4）為了得到實驗所需的大量干擾素基因，研究人員利用PCR技術進行擴增。由于DNA復制時，子鏈只能由5′向3′方向延伸，因此可以從下圖A、B、C、D四種單鏈DNA片段中選取_____________作為引物。若要將1個干擾素基因復制4次，則需要在緩沖液中至少加入_______個引物。（5）將步驟③獲得的ES細胞在熒光顯微鏡下觀察，選擇發_____________色熒光的細胞進行體外誘導。為檢測干擾素基因是否表達，可以采用_____________方法進行檢測。8．（10分）蛋白質是生命活動的主要承擔者，但蛋白質在高溫條件下易變性，研究人員嘗試從細菌中分離得到耐高溫的蛋白質。回答下列問題：（1）研究人員在取樣后，可將樣品用______（填牛肉青蛋白胨培養基或麥芽汁瓊脂培養基）在______條件下培養篩選得到所需菌種，該菌種在后續實驗中需頻繁使用，可用______培養基進行保藏。（2）欲從細菌中分離得到耐高溫蛋白質，一般需進行樣品處理、粗分離、______和純度鑒定。蛋白質溶液粗分離時，需進行______除去蛋白質溶液中的小分子雜質，該方法的原理是______。（3）利用電泳法對不同的蛋白質進行分離時，各種分子帶電性質的差異和分子本身的大小都會影響分子的遷移速度，可在凝膠中加入______來保證影響因素的單一性。（4）凝膠色譜法分離蛋白質和凝膠電泳法鑒定蛋白質時，遷移速度都取決于蛋白質相對分子量的大小，兩種方法中遷移速度最快的分別是相對分子量______的蛋白質。9．（10分）在很多淡水湖泊中，藻類是鯉魚及沼蝦的食物來源，其中沼蝦也是鯉魚的食物。下圖表示該湖泊中不同體長鯉魚的食性比例。回答下列問題：（1）從能量流動的角度看，湖泊中以藻類為代表的生態系統成分，在生態系統中的作用是___________________。按照圖中的食性比例分析，試寫出其食物網是_________________。若體長為1．2cm的鯉魚群體增加100kJ的能量，理論上至少需要藻類提供________kJ的能量。（2）生態系統自我調節能力的基礎是______________。為了治理湖水的富營養化，可先養殖藻類吸收水體中的N、P等元素，再養殖鯉魚快速去除藻類，若要讓藻類的能量更多更快流向鯉魚，據圖分析，投放到湖泊中的鯉魚對體長的要求應該是____________，理由是______________________。10．（10分）果蠅的眼形有棒眼與圓眼之分，受基因A/a控制；翅形有長翅與殘翅之分，受基因B/b控制。某科研小組用一對表現型都為圓眼長翅的雌雄果蠅進行雜交實驗前，先對其中一只果蠅進行了某種處理，隨后進行多次實驗，結果如圖所示。回答下列問題：（1）基因A/a和基因B/b的遺傳______（選填符合或不符合）自由組合定律，其原因是___________________________________________________________________________________________。（2）發現上述實驗結果與理論分析不吻合，其原因可能是基因型為_________的_________（選填雌或雄）配子失活，導致子代部分雌雄個體不能產生。若要獲得更明確的結論，請利用上圖中的果蠅為實驗材料，設計實驗驗證。（要求寫出實驗思路，并預測實驗結果）_____________________（3）F1圓眼長翅雌果蠅中純合子所占比例為_________________。11．（15分）以下是果蠅復眼細胞中產生眼色素B和眼色素D的反應：野生型果蠅有色素B和色素D，眼睛為紅褐色，缺乏色素B為褐色眼，缺乏色素D為鮮紅眼，兩種色素都無為白色眼。回答下列遺傳學問題：（1）—只白色眼果蠅與野生型果蠅交配，F1體內可具有上述中的_____酶。（2）若有關基因均在常染色體上，兩者獨立遺傳，一只褐色眼果蠅與一只鮮紅眼果蠅交配，F1的眼色最多_____種表型。（3）利用野生型和褐色眼兩種類型的果蠅通過一次雜交實驗以確定控制酶R的基因是否為伴X染色體遺傳。設計思路:選用_____果蠅進行雜交，觀察F1的表現型。結果分析：若F1表現型為_________或_____，說明該基因為伴X染色體遺傳。

參考答案一、選擇題：（共6小題，每小題6分，共36分。每小題只有一個選項符合題目要求）1、D【解析】

細胞內的元素根據元素含量的高低分為大量元素和微量元素兩大類。大量元素：C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg；微量元素如：Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo等。組成細胞的化合物包括：有機物（糖類、脂質、蛋白質和核酸）和無機物（水和無機鹽）。【詳解】A、鎂屬于大量元素，A錯誤；B、組成淀粉的單體是葡萄糖，在排列順序上不具有多樣性，B錯誤；C、丙酮酸是在細胞質基質中產生的，C錯誤；D、細胞質包括細胞質基質和細胞器，其中細胞質基質是活細胞進行新陳代謝的主要場所，D正確。故選D。2、A【解析】

1、碳元素在生物群落與無機環境之間循環的主要形式是CO2；碳元素在生物群落中的傳遞主要沿食物鏈和食物網進行，傳遞形式為有機物，大氣中的碳元素進入生物群落，是通過植物的光合作用（主要途徑）或硝化細菌等的化能合成作用完成的。大氣中CO2的主要來源：分解者的分解作用、動植物的細胞呼吸；2、據表可知A是分解者，B是生產者，C是消費者。①⑧代表生產者和消費者被分解者分解的有機物，④是光合作用，③⑤⑦代表生產者、消費者和分解者的呼吸作用，⑥是化石燃料的燃燒。【詳解】A、由以上分析可知，圖中A是分解者，B是生產者，A錯誤；B、疏松土壤可以增加土壤中氧氣的含量，從而加快分解者的分解作用，B正確；C、③代表生產者（綠色植物）的呼吸作用，C正確；D、⑥是化石燃料的燃燒，是溫室氣體的主要來源，所以是溫室效應的主要原因，D正確。故選A。【點睛】本題考查碳循環的知識，需要考生結合圖解分析出圖中各字母代表的生態系統的成分，再結合碳循環的過程進行解答。3、D【解析】

雌性蝗蟲的性染色體組成為XX，產生的卵細胞為X型，雄性蝗蟲的性染色體組成為XO型，產生的精子可能為X或O型，雄蝗蟲產生的精子和雌蝗蟲產生的卵細胞中染色體數相同或者比卵細胞少1條。【詳解】蝗蟲體細胞中的染色體數目為24或23條，現有一個進行正常分裂的蝗蟲細胞，顯微觀察發現，含有12條染色體，呈現12種不同的形態結構，說明該細胞為減數分裂的細胞，可能是含有染色單體的減數第二次分裂前期、中期，也可能是不含染色單體的減數第二次分裂的末期，由于減數第一次分裂同源染色體分離時等位基因分離，所以該細胞不含等位基因，且減數分裂沒有細胞周期。若為減數第二次分裂前期、中期的圖像，細胞中染色體數：核DNA數=1：2。由于卵細胞和精子形成的過程中，都能形成含X的染色體數為12條的配子，即減數第二次分裂都會出現含12條染色體，呈現12種不同的形態的細胞，綜上分析，D符合題意，ABC不符合題意。故選D。4、B【解析】

四種育種方法的比較如下表：雜交育種誘變育種單倍體育種多倍體育種方法雜交→自交→選優輻射誘變、激光誘變、化學藥劑處理花藥離體培養、秋水仙素誘導加倍秋水仙素處理萌發的種子或幼苗原理基因重組基因突變染色體變異（染色體組先成倍減少，再加倍，得到純種）染色體變異（染色體組成倍增加）【詳解】A、黑農5號大豆是誘變育種的結果，其育種原理為基因突變；轉基因抗蟲棉是基因工程育種的結果，其育種原理是基因重組，A錯誤；

B、三倍體無籽西瓜有機物含量高且高度不育，其原理是染色體數目變異，所以仍屬可遺傳變異，B正確；

C、利用誘變育種，誘發家蠶常染色體基因移到性染色體上，其原理是染色體結構變異，C錯誤；

D、由于單倍體高度不育，不能結種子，所以單倍體育種可通過對花藥離體培養獲得的單倍體幼苗進行秋水仙素處理以獲得穩定遺傳的后代，D錯誤。

故選B。【點睛】本題考查育種的相關知識，要求考生識記幾種育種方法的原理、方法、優點、缺點及實例，能結合所學的知識準確判斷各選項。5、C【解析】

控制合成一種酶，促使癌細胞衰老、凋亡，與癌細胞的粘著性無關；A錯誤．

激素調節生命活動，并不能改變細胞內的遺傳物質；B錯誤．

根據題意，誘導RHOGDl2的基因在癌細胞內表達后，“癌細胞會失去轉移能力，從而有助于避免癌細胞在體內的擴散”，說明該基因控制合成一種糖蛋白，增強癌細胞間的黏著性；C正確．

控制合成一種RNA，使癌細胞的DNA復制受阻，則癌細胞不能無限繁殖；D錯誤

【名師點睛】癌細胞的主要特征是能夠無限增殖，形態結構發生了變化，細胞表面發生了變化，細胞癌變后，細胞膜上糖蛋白等物質減少，使得癌細胞之間的粘著性顯著降低，容易在體內分散和轉移．．6、D【解析】

1.細胞的全能性是指已經分化的細胞，仍然具有發育成完整個體的潛能。2.細胞全能性的證明實例：（1）植物組織培養證明了植物細胞具有全能性。（2）克隆動物證明了高度分化的動物細胞核也具有發育的潛能。3.糖蛋白分布在細胞膜的外側，具有識別、保護和潤滑作用。【詳解】A、動物體細胞克隆能說明高度分化的動物細胞的細胞核具有全能性，A正確；B、細胞分化的實質是基因的選擇性表達，即不同種類的細胞中遺傳信息的表達情況不同，B正確；C、衰老細胞的細胞膜通透性發生改變，細胞的物質運輸功能降低，C正確；D、糖蛋白分布于細胞膜的外側，在細胞膜內側沒有糖蛋白分布，D錯誤。故選D。【點睛】本題考查細胞分化、衰老、癌變和細胞全能性的實例，意在考查考生利用所學知識進行準確判斷的能力。二、綜合題：本大題共4小題7、否并沒有發育成完整個體發育的全能性HindIII和PstI或EcoRI和PstIB和C30綠色抗原-抗體雜交【解析】

1.細胞的全能性是指已經分化的細胞，仍然具有發育成完整個體的潛能。目前已經證明了植物細胞具有全能性，動物細胞的細胞核具有全能性。通常情況下分化程度越高的細胞全能性越低，生殖細胞的全能性高于體細胞，植物細胞的全能性高于植物細胞。2.哺乳動物的胚胎干細胞簡稱ES或EK細胞，是由早期胚胎或原始性腺中分離出來的一類細胞。ES細胞具有胚胎細胞的特性，在形態上，表現為體積小、細胞核大、核仁明顯；在功能上，具有發育的全能性，即可以分化為成年動物體內任何一種組織細胞。3.目的基因的檢測與鑒定：分子水平上的檢測：①檢測轉基因生物染色體的DNA是否插入目的基因--DNA分子雜交技術；②檢測目的基因是否轉錄出了mRNA--分子雜交技術；③檢測目的基因是否翻譯成蛋白質--抗原--抗體雜交技術．個體水平上的鑒定：抗蟲鑒定、抗病鑒定、活性鑒定等。【詳解】（1）在圖1治療過程中并未體現細胞的全能性，因為整個過程中并未發育成完整個體。（2）因為ES細胞具有發育的全能性，所以在進行基因治療時，選擇ES細胞進行改造，即圖1中的步驟③。（3）據圖2、圖3中的酶切位點分析可知，SamI不能選用，因為該酶的識別位點位于目的基因內部，目的基因兩端的酶切位點在質粒當中都包含，而且使用這些酶切割后依然能保留一種標記基因的存在，所以構建基因表達載體是可以選擇目的基因兩端的酶切位點進行組合，據此可知，在對干擾素基因片段和質粒進行酶切時，可選用的限制酶組合為HindIII和PstI或EcoRI和PstI。（4）用PCR技術進行擴增目的基因時。由于DNA復制過程中子鏈只能由5′向3′方向延伸，又因DNA分子中的兩條鏈是反向平行的，因此可以選為引物的單鏈DNA片段為B和C。由于每個新合成的DNA單鏈中都需要有引物才能合成，因此，若要將1個干擾素基因復制4次，則需要加入的引物數量為24×2-2=30個。（5）由于在構建基因表達載體時，綠色熒光蛋白基因沒有被破壞，因此，在進行篩選時，可用該基因作為標記基因進行檢測，據此可知，將步驟③獲得的ES細胞在熒光顯微鏡下觀察時應選擇發綠色熒光的細胞進行體外誘導，因為發綠光的ES細胞意味著含有干擾素基因。基因表達是指基因指導蛋白質合成的過程，所以檢測基因是否表達就是檢測是否合成了相關的蛋白質，這里的蛋白質是指干擾素，應采用抗原-抗體雜交方法進行檢測。【點睛】熟知基因工程原理和操作步驟是解答本題的關鍵，辨圖能力以及對相關基礎知識的掌握是解答本題的另一關鍵！8、牛肉膏蛋白胨培養基高溫固體斜面純化透析小分子可自由進出透析袋，而大分子保存在袋內SDS最大和最小【解析】

血紅蛋白的提取和分離的實驗步驟：（1）樣品處理：①紅細胞的洗滌，②血紅蛋白的釋放。（2）粗分離：①分離血紅蛋白溶液，②透析。（3）純化（4）純度鑒：SDS-聚丙烯酰胺凝膠電泳。【詳解】（1）麥芽汁瓊脂培養基是培養真菌的培養基，所以樣品用牛肉青蛋白胨培養基，由于蛋白質在高溫條件下易變性，為了篩選耐高溫的蛋白質，所以在高溫條件下篩選菌種。菌種在后續實驗中需頻繁使用，可用固體斜面培養基進行保藏。（2）分離得到耐高溫蛋白質，一般需進行樣品處理、粗分離、純化和純度鑒定。蛋白質溶液粗分離時，需進行透析除去蛋白質溶液中的小分子雜質，該方法的原理是小分子可自由進出透析袋，而大分子保存在袋內。（3）SDS帶有大量的負電荷，消除不同物質帶電性質的不同，使其遷移率只取決于樣品中各種分子量的大小。（4）凝膠色譜法分離蛋白質是大分子物質運動的路徑短，所以遷移速度快，所以分子量最大的物質遷移速度最快，凝膠電泳法鑒定蛋白質，分子量最小的物質遷移速度最快。【點睛】本題考查血紅蛋白提取和分離的相關知識，識記教材基本內容，難點是電泳法和凝膠色譜法的基本原理。9、把太陽能轉變成化學能固定在有機物中1000負反饋調節大于1．2cm這樣的鯉魚植食性比例高【解析】

態系統的結構包括生態系統的組成成分和營養結構，組成成分又包括非生物的物質和能量，生產者、消費者和分解者，營養結構就是指食物鏈和食物網。生態系統的功能包括能量流動、物質循環和信息傳遞，三者缺一不可。【詳解】（1）藻類屬于生態系統中的生產者，生產者的作用是把太陽能轉變為有機物中的化學能（把太陽能轉變成化學能固定在有機物中）；按照圖中的食性比例分析寫出其食物網是；據圖可知，體長為1.2cm的鯉魚群體植食性比例為0.75，肉食性比例為0.25，即75%的同化量來自于藻類，25%的同化來自沼蝦，體長為1.2cm的鯉魚群體增加100kJ的能量，理論上至少需要藻類提供100×75%÷20%+100×25%÷20%÷20%=1000kJ的能量。（2）生態系統所具有的保持或恢復自身結構和功能相對穩定的能力，叫做生態系統的穩定性，生態系統自我調節能力的基礎是負反饋調節；讓藻類的能量更多更快流向鯉魚，可讓鯉魚盡可能多的攝食藻類，據圖可知，投放到湖泊中的鯉魚體長大于1.2cm時，鯉魚植食性比例最高，肉食性比例最低。【點睛】解答此題，可根據題干敘述構建食物網，根據圖中鯉魚的食物比例計算體長為1.2cm的鯉魚群體增加100kJ能量時至少需要藻類提供的能量。10、符合F1棒眼只出現在雄性，為伴性遺傳，基因在性染色體上；長翅和殘翅在雌雄中的比例都為2：1，比例相同，與性別無關，基因在常染色體上，所以符合自由組合定律BXA雌實驗思路：讓P圓眼長翅雌果蠅與F1棒眼殘翅雄果蠅雜交，觀察統計子代的表現型及比例。實驗結果：圓眼殘翅雌果蠅：棒眼長翅雌果蠅：棒眼殘翅雌果蠅：圓眼殘翅雄果蠅：棒眼長翅雄果蠅：棒眼殘翅雄果蠅=1：1：1：1：1：1（或圓眼殘翅：棒眼長翅：棒眼殘翅=1：1：1，或后代中不出現圓眼長翅的果蠅）0【解析】

根據題意和遺傳圖譜分析可知：圓眼與圓眼雜交子代出現棒眼，即發生性狀分離，說明圓眼相對于棒眼為顯性性狀，同理殘翅相對于長翅為隱性性狀。雜交子代中圓眼雌性∶圓眼雄性∶棒眼雌性∶棒眼雄性=6∶2∶0∶4，子代中無棒眼雌性，說明該性狀與性別相關聯，故為伴X染色體遺傳；雜交子代中長翅雌性∶長翅雄性∶殘翅雌性∶殘翅雄性=4∶4∶2∶2，說明該性狀與性別無關，為常染色體遺傳。則親代的基因型為：圓眼長翅的雌BbXAXa、圓眼長翅的雄BbXAY。【詳解】（1）根據以上分析可知，F1棒眼只出現在雄性，為伴性遺傳，基因在X染色體上；長翅和殘翅在雌雄中的比例都為2∶1，比例相同，與性別無關，基因在常染色體上，所以符合自由組合定律。（2）根據以上分析可知，親代基因型BbXAXa和BbXAY，則F1代中雌性圓眼長翅：圓眼殘翅比例應為（1BBXAXA+1BBXAXa+2BbXAXA+2BbXAXa）∶（1bbXAXa+1bbXAXa）=6∶2，而實際比例是4∶2，F1代中雄性圓眼長翅∶圓眼殘翅比例應為（1BBXAY+2BbXAY）∶1bbXAY=3∶1，實際比例是1∶1，因此可判定基因型為BXA雌配子失活，導致子代部分雌雄個體不能產生。若要驗證基因型為BXA雌配子失活，需要用到親代圓眼長翅雌果蠅（BbXAXa）與F1棒眼殘翅雄果蠅（bbXaY）雜交，觀察統計子代的表現型及比例即可。如果該雌配子失活，則其產生的配子為BXa、bXA、bXa，雄配子為bXa、bY，則子代表現型及比例為圓眼殘翅∶棒眼長翅∶棒眼殘翅=1∶1∶1。（3）由于親代基因型BbXAXa和BbXAY，且基因型為BXA雌配子失活，則子代中沒有基因型為BBXAXA的個體存在，因此F1圓眼長翅雌果蠅中純合子所占