江蘇新沂一中高三第二次模擬考試新高考物理試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在屏MN的上方有磁感應強度為B的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。P為屏上的一小孔，PC與MN垂直。一群質量為m、帶電荷量為－q（q>0）的粒子（不計重力），以相同的速率v，從P處沿垂直于磁場的方向射入磁場區域。粒子入射方向在與磁場B垂直的平面內，且散開在與PC夾角為θ的范圍內。則在屏MN上被粒子打中的區域的長度為（）A． B． C． D．2、如圖所示，自身重力不計的定滑輪固定在天花板上，跨過定滑輪的輕繩兩端分別與兩物體相連，物體質量為，物體質量為。重力加速度為，現由靜止釋放物體，在物體上升、下降的運動過程中，定滑輪對天花板的拉力為（）A． B． C． D．3、關于天然放射現象，下列說法正確的是（）A．瑪麗居里發現了天然放射現象B．天然放射現象說明原子是可以分割的C．原子序數大于或等于83的元素都具有放射性D．溫度越高，放射性元素的放射性就越強4、如圖所示，小球放在光滑的墻與裝有鉸鏈的光滑薄板之間，薄板在F作用下逆時針緩慢轉動，在墻與薄板之間的夾角θ緩慢地從90°逐漸減小的過程中（）A．小球對薄板的壓力可能小于小球的重力B．小球對薄板的正壓力一直增大C．小球對墻的壓力先減小，后增大D．小球對墻的正壓力不可能大于小球的重力5、如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，從此刻起橫坐標位于x＝6m處的質點P在最短時間內到達波峰歷時0.6s。圖中質點M的橫坐標x=2.25m。下列說法正確的是（）A．該波的波速為7.5m/sB．0～0.6s內質點P的路程為4.5mC．0.4s末質點M的振動方向沿y軸正方向D．0～0.2s內質點M的路程為10cm6、一個小物體從斜面底端沖上足夠長的斜面，然后又滑回斜面底端，已知小物體的初動能為E，返回斜面底端時的速度為v，克服摩擦力做功為若小物體沖上斜面的初動能為2E，則下列選項中正確的一組是（）①物體返回斜面底端時的動能為E②物體返回斜面底端時的動能為③物體返回斜面底端時的速度大小為2④物體返回斜面底端時的速度大小為A．①③ B．②④ C．①④ D．②二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，在傾角為θ的光滑斜面上分布著垂直于斜面的勻強磁場，以垂直于斜面向上為磁感應強度正方向，其磁感應強度B隨時間t變化的規律如圖乙所示。一質量為m、電阻為R的矩形金屬框從t＝0時刻由靜止釋放，t3時刻的速度為v，移動的距離為L，重力加速度為g，線框面積為S，t1＝t0、t2＝2t0、t3＝3t0，在金屬框下滑的過程中，下列說法正確的是（）A．t1~t3時間內金屬框中的電流先沿逆時針后順時針B．0~t3時間內金屬框做勻加速直線運動C．0~t3時間內金屬框做加速度逐漸減小的直線運動D．0~t3時間內金屬框中產生的焦耳熱為8、廣西壯族自治區處在北緯之間，某極地衛星通過廣西最北端與最南端正上方所經歷的時間為t，查閱到萬有引力常量G及地球質量M。衛星的軌道視為圓形，忽略地球自轉，衛星的運動視為勻速圓周運動，根據以上信息可以求出（）A．該衛星周期B．該衛星受到的向心力C．該衛星的線速度大小D．地球的密度9、如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點O的A點，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點，此過程中F始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止狀態。下列說法中正確的是（）A．半圓柱體對小物塊的支持力變大B．外力F變大C．地面對半圓柱體的支持力先變大后變小D．地面對半圓柱體的摩擦力先變大后變小10、水平面上兩個質量相等的物體甲和乙，它們分別在水平推力和作用下開始沿同一直線運動，運動一段時間后都先后撤去推力，以后兩物體又各自運動一段時間后靜止在同一位置，兩物體的動能—位移圖象如圖所示，圖中線段，則下列說法正確的是（）A．甲受到的摩擦力小于乙受到的摩擦力B．兩個水平推力的大小關系是大于C．在兩物體的加速階段，甲的加速度等于乙的加速度D．物體甲克服摩擦力做的功大于物體乙克服摩擦力做的功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某小組要測定某金屬絲的電阻率。(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑。為防止讀數時測微螺桿發生轉動，讀數前應先旋緊如圖甲所示的部件______(選填“A”、＂B＂、“C”或＂D”)。從圖中的示數可讀出金屬絲的直徑為______mm.(2)某同學采用如圖乙所示電路進行實驗。測得金屬絲AB的直徑為d，改變金屬夾P的位置，測得多組金屬絲接入電路的長度L及相應電壓表示數U、電流表示數I，作出－L如圖丙所示，測得圖線斜率為k，則該金屬絲的電阻率為______(3)關于電阻率的測量，下列說法中正確的有______A．開關S閉合前，滑動變阻器R1的滑片應置于最右端B．實驗中，滑動變阻器R1的滑片位置確定后不可移動C．待測金屬絲AB長時間通電，會導致電阻率測量結果偏小D．該實驗方案中電流表A的內阻對電阻率測量結果沒有影響12．（12分）舉世矚目的嫦娥四號，其能源供給方式實現了新的科技突破：它采用同位素溫差發電與熱電綜合利用技術結合的方式供能，也就是用航天器兩面太陽翼收集的太陽能和月球車上的同位素熱源兩種能源供給探測器。圖甲中探測器兩側張開的是光伏發電板，光伏發電板在外太空將光能轉化為電能。某同學利用圖乙所示電路探究某光伏電池的路端電壓U與電流I的關系，圖中定值電阻R0=5Ω，設相同光照強度下光伏電池的電動勢不變，電壓表、電流表均可視為理想電表。(1)實驗一：用一定強度的光照射該電池，閉合開關S，調節滑動變阻器R0的阻值，通過測量得到該電池的U-I如圖丁曲線a，由此可知，該電源內阻是否為常數______（填“是”或“否”），某時刻電壓表示數如圖丙所示，讀數為______V，由圖像可知，此時電源內阻值為______Ω。(2)實驗二：減小實驗一光照的強度，重復實驗，測得U-I如圖丁曲線，在實驗一中當滑動變阻器的電阻為某值時路端電壓為2.0V，則在實驗二中滑動變阻器仍為該值時，滑動變阻器消耗的電功率為______W（計算結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長的“U”形框架沿豎直方向固定，在框架的頂端固定一定值電阻R，空間有范圍足夠大且垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，電阻值均為R的金屬棒甲、乙垂直地放在框架上，已知兩金屬棒的質量分別為m=2.0×10-2kg、m乙=1.0×10-2kg。現將金屬棒乙鎖定在框架上，閉合電鍵，在金屬棒甲上施加一豎直向上的恒力F，經過一段時間金屬棒甲以v=10m/s的速度向上勻速運動，然后解除鎖定，金屬棒乙剛好處于靜止狀態，忽略一切摩擦和框架的電阻，重力加速度g=10m/s2。則(1)恒力F的大小應為多大？(2)保持電鍵閉合，將金屬棒甲鎖定，使金屬棒乙由靜止釋放，則金屬棒乙勻速時的速度v2應為多大？(3)將兩金屬棒均鎖定，斷開電鍵，使磁感應強度均勻增加，經時間t=0.1s磁感應強度大小變為2B此時金屬棒甲所受的安培力大小剛好等于金屬棒甲的重力，則鎖定時兩金屬棒之間的間距x應為多大？14．（16分）如圖所示，用一塊長L1=1.0m的木板在墻和桌面間架設斜面，桌面離地高H=0.8m，桌面長L2=1.5m，斜面和水平桌面間的傾角θ可以在060°之間調節后固定，將質量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端無初速釋放，物塊與斜面間的動摩擦因數μ1=0.05，物塊和桌面間的動摩擦因數為μ2，忽略物塊在斜面和桌面交接處的能量損失。（已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（1）當物塊剛好能從斜面開始下滑時，求斜面的傾角θ；（用正切值表示）（2）當θ角增大到37°時，物塊下滑后恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動摩擦因數μ2；（3）若將（2）中求出的μ2作為已知條件，繼續增大θ角，求物塊落地點與墻面的距離最大值S總，及此時斜面的傾角θ。15．（12分）如圖所示，水平軌道AB和CD分別與水平傳送帶左側和右側理想連接，豎直光滑圓形軌道與CD相切于點E，一輕質彈簧原長，將彈簧豎直放置在地面上，在其頂端將一質量為的小物塊P由靜止釋放，當彈簧被壓縮到最短時，彈簧長度為。現將該彈簧水平放置，一端固定在A點，另一端與小物塊P接觸但不連接。彈簧原長小于光滑軌道AB的長度，軌道靠近B處放置一質量為的小物塊Q。傳送帶長，沿順時針方向以速率勻速轉動，軌道CE長為。物塊與傳送及軌道CE之間的動摩擦因數均為。現用小物塊P將彈簧壓縮至長度為，然后釋放，P與Q彈性碰撞后立即拿走物塊P，Q恰好可以到達與光滑圓形軌道圓心等高的F點，取。（1）求P與Q碰撞后Q的速度；（2）求光滑圓形軌道的半徑R。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得粒子沿著右側邊界射入，軌跡如圖1此時出射點最近，與邊界交點與P間距為粒子沿著左側邊界射入，軌跡如圖2此時出射點最近，與邊界交點與P間距為粒子垂直邊界MN射入，軌跡如3圖此時出射點最遠，與邊界交點與P間距為2r，故范圍為在熒光屏上P點右側，將出現一條形亮線，其長度為故A正確，BCD錯誤。故選A。2、C【解析】

設繩子的拉力為，物體加速運動的加速度大小為，根據牛頓第二定律，對有對有加速度聯立解得根據平衡條件，得定滑輪對天花板的拉力為故C正確，ABD錯誤。故選C。3、C【解析】

A．貝可勒爾發現天然放射現象，故A錯誤；B．天然放射現象說明原子核內部是有結構的，并不是原子可以再分的，故B錯誤；C．原子序數大于或等于83的元素，都具有放射性，原子序數小于83的元素，有的也具有放射性，故C正確；D．放射性元素的放射性由原子核內部因素決定，即與元素的種類有關，與溫度無關，故D錯誤；故選C。4、B【解析】

以小球為研究對象，處于平衡狀態，根據受力平衡，由圖可知AB．當墻與薄板之間的夾角緩慢地從90°逐漸減小的過程中，薄板給球的支持力逐漸增大，木板受到的壓力增大，小球對薄板的壓力不可能小于小球的重力，A錯誤B正確；CD．當墻與薄板之間的夾角緩慢地從90°逐漸減小的過程中，墻壁給球的壓力逐漸增大，根據牛頓第三定律可知墻壁受到的壓力增大，小球對墻的正壓力可能大于小球的重力，CD錯誤。故選B。5、A【解析】

A．由圖象知波長λ=6m，根據波動與振動方向間的關系知，質點P在t=0時刻沿y軸負方向振動，經過T第一次到達波峰，即，解得：，由得波速，A正確；B．由圖象知振幅A=10cm，0～0.6s內質點P的路程L=3A=30cm，B錯誤；C．t=0時刻質點M沿y軸正方向振動，經過0.4s即，質點M在x軸的下方且沿y軸負方向振動，C錯誤；D．0～0.2s內質點M先沿y軸正方向運動到達波峰后沿y軸負方向運動，因質點在靠近波峰位置時速度較小，故其路程小于A即10cm，D錯誤。故選A。6、C【解析】

以初動能為E沖上斜面并返回的整個過程中，由動能定理得：…①設以初動能為E沖上斜面的初速度為v0，則以初動能為2E沖上斜面時，初速度為v0，而加速度相同。

對于上滑過程，根據-2ax=v2-v02可知，，所以第二次沖上斜面的位移是第一次的兩倍，上升過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，上升和返回的整個過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，即為E。

以初動能為2E沖上斜面并返回的整個過程中，運用動能定理得：…②所以返回斜面底端時的動能為E；由①②得：v′=v。故①④正確，②③錯誤；

A．①③，與結論不相符，選項A錯誤；B．②④，與結論不相符，選項B錯誤；C．①④，與結論相符，選項C正確；D．②，與結論不相符，選項D錯誤；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A．根據B－t圖象可知，t1～t3時間內B－t線的斜率不變，由公式則金屬框中的感應電動勢大小方向不變，則電流方向不變，故A錯誤；BC．0～t1時間內，線圈中磁通量不變，則無電流產生，t1～t3時間內電流不變，由左手定則可知，金屬框所受安培力的合力為零，則線圈向下做勻加速直線運動，故B正確，C錯誤；D．線圈中的感應電動勢為由于0～t1時間內，線圈中磁通量不變，則無電流產生，也無焦耳熱產生，則0～t3時間內金屬框中產生的焦耳熱為故D正確。故選BD。8、AC【解析】

A．廣西壯族自治區處在北緯之間，某極地衛星通過廣西最北端與最南端正上方所經歷的時間為，已知轉過對應角度的時間，則可以求得運動一周的時間即衛星的周期A正確；B．因為不知道該衛星的質量，根據萬有引力定律無法求得衛星受到的向心力大小，B錯誤；C．據萬有引力提供圓周運動向心力已知質量和周期及常量可以求得衛星的軌道半徑，根據可以求得衛星的線速度大小，C正確；D．因為不知道衛星距地面的高度，故無法求得地球的半徑，所以無法得到地球的密度，D錯誤。故選AC。9、BD【解析】

AB．物塊緩慢下滑即平衡，F始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，因此總有F=mgsinθF1=mgcosθ下滑過程中θ增大，因此F增大，F1

減小，故A錯誤，B正確；

CD．對半圓柱體分析，地面對半圓柱體的摩擦力Ff＝F1sinθ＝mgcosθsinθ＝mgsin2θ地面對半圓柱體的支持力FN=Mg+F1cosθ=Mg+mgcos2θθ從接近0°到90°變化的過程中，摩擦力先增大后減小，支持力一直減小；故D正確，C錯誤。

故選BD。10、AC【解析】

A．依題意及題圖可知，在動能減少階段，兩物體均做勻減速運動．物體受到的摩擦力大小等于圖象斜率的絕對值，易得甲受到的摩擦力小于乙受到的摩擦力，故A正確；B．在動能增加階段，兩物體均做勻加速運動，圖象的斜率表示物體的合力，由題圖知得故小于，故B錯誤：C．在加速階段，兩物體受到的合力相等，易知兩物體的加速度大小相等，故C正確；D．整個運動階段，由動能定理可知，甲、乙兩物體克服摩擦力做的功分別等于和所做的功，根據功的公式容易得到，做的功小于做的功，所以物體甲克服摩擦力做的功小于物體乙克服摩擦力做的功，故D錯誤。故選：AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B0.410D【解析】

(1)[1][2]為防止讀數時測微螺桿發生轉動，讀數前應先轉動鎖緊手柄部件B，合金絲的直徑為0.0mm+41.0×0.01mm=0.410mm；(2)[3]設電流表內阻為RA，根據歐姆定律可知待測電阻：根據電阻方程：，截面積：聯立解得：圖像斜率：所以電阻率(3)[4]A．為了保護電路，實驗開始前應使待測回路電流最小，滑動變阻器滑片處于最左端，故A錯誤；B．實驗要測量多組電壓、電流值，通過改變滑片位置，改變電壓表示數，滑動變阻器滑片需要移動，故B錯誤；C．待測金屬絲AB長時間通電，因為電流熱效應存在，溫度升高，電阻率變大，故C錯誤。D．根據可知，電流表的內阻存在不會改變圖像的斜率，對電阻率沒有影響，故D正確。故選D。12、否1.804.782.5【解析】

（1）[1]．根據閉合電路歐姆定律有：U=E-Ir，所以圖象的斜率為電源內阻，但圖象的斜率在電流較大時，變化很大，所以電源的內阻是變化的。[2][3]．從電壓表的示數可以示數為1.80V，再從圖象的縱軸截距為2.9V，即電源的電動勢為2.9V，又從圖象看出，當路端電壓為1.80V時，電流為0.23A，所以電源的內阻。（2）[4]．在實驗一中，電壓表的示數為2.0V，連接坐標原點與電源的（2.0V路端電壓）兩點，作出定值的伏安特性曲線如圖所示，此時還能求出滑動變阻器的阻值R=Ω-R0≈4.5Ω同時該直線與圖象b有一交點，則該交點是電阻是實驗二對應的值，由交點坐標可以讀出：0.7V，0.75A。所以滑動變阻器此時消耗的功率P=（0.75）2×4.5W=2.5W。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)0.4N；(2)5m/s；(3)【解析】

(1)金屬棒甲勻速運動時，由力的平衡條件可知：F=m甲g+BI甲L由題圖可知流過金屬棒乙的電流大小應為：金屬棒乙剛好處于靜止狀態，由平衡條件可知：由以上整理得：F=m甲g+2m乙g代入數據解得：F=0.4N；(2)金屬棒乙鎖定，閉合電鍵，金屬棒甲向上勻速運動時，有E甲=BLv1由閉合電路的歐姆定律得：對金屬棒乙，由平衡條件可知：BI甲L=2BI乙L=2m乙g解得：將金屬棒甲鎖定，金屬棒乙勻速時，有：解得：聯立解得：v2=5m/s；(3)由法拉第電磁感應定律得：由閉合電路的歐姆定律得：由題意可知：m甲g=2BIL聯立以上可得：解得：代入數據得：。14、（1）tanθ=0.05；（2）0.8；（3）1.9m，53°。【解析】

（1）當物塊剛好能從斜