四川省南充市中鎮中學高三物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，一個質量為的物塊，沿固定斜面勻速下滑，斜面的傾角為，物體與斜面間的動摩擦因數為，則物塊對斜面的作用力為

A．，沿斜面向下

B．，豎直向下C．，沿斜面向上

D．，豎直向上參考答案：B解析：斜面對物塊有兩個力的作用，一個是沿垂直斜面向上支持力，另一個是沿斜面向上的摩擦力，故本題所求的作用力應該為以上這兩個力的合力的反作用力，物塊共受三個力作用：重力、支持力、摩擦力；由平衡條件可知，這三個力的合力為0，即支持力、摩擦力的合力與重力等大反向，由牛頓第三定律可知物塊對斜面的作用力大小為，方向向下；故答案B選項正確。2.下列物理史實正確的是：(A)庫侖得出庫侖定律并用扭秤實驗最早測出了元電荷e的數值(B)伽利略在對自由落體運動的研究中，采用了以實驗檢驗、猜想和假設的科學方法(c)開普勒在研究行星運動規律的基礎之上提出了萬有引力定律(D)法拉第發現了電流的磁效應并得出電磁感應定律參考答案：B3.總質量為80kg的跳傘運動員從離地500m高的直升機上跳下，經過2s拉開繩索開啟降落傘，如圖所示是跳傘過程中的v-t圖，試根據圖像可知：（g取10m/s2）A．在t=1s時運動員的加速度約為8m/s2B．14s內運動員下落高度約為300mC．運動員落地前飛行時間為24sD．運動員在下降過程中空氣阻力一直在增大參考答案：A4.（多選）如圖9所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據此可知(

)A．三個等勢面中，a的電勢最高B．帶電質點通過P點時的電勢能較Q點大C．帶電質點通過P點時的動能較Q點大D．帶電質點通過P點時的加速度較Q點大參考答案：BD5.半徑為r帶缺口的剛性金屬圓環在紙面上固定放置，在圓環的缺口兩端引出兩根導線，分別與兩塊垂直于紙面固定放置的平行金屬板連接，兩板間距為d，如圖甲所示；有一變化的磁場垂直于紙面，規定向內為正，變化規律如圖乙所示。在t＝0時刻平行板之間的中心位置有一電荷量為+q的粒子由靜止釋放，粒子的重力不計，平行板電容器的充、放電時間不計。則以下說法中正確的是A．第1秒內上極板為正極B．第2秒內上極板為正極C．第2秒末粒子回到了原來位置D．第2秒末兩極板之間的電場強度大小為參考答案：BD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一列簡諧橫波沿x軸的正方向傳播，t=0時刻的波形如圖所示，此時該波恰好傳播到x=4m處，t=0.1s時，質點a第一次到達最低點，則該波的傳播速度為10m/s；t=0.6s時，位于x=8m處的質點b恰好第一次沿y軸負方向通過平衡位置．參考答案：解：簡諧橫波沿x軸的正方向傳播，圖示時刻a質點正向下運動，經過T第一次到達最低點，即有T=0.1s，得T=0.4s由圖知λ=4m，則波速v===10（m/s）當圖示時刻a質點的狀態傳到b點處時，質點b恰好第一次沿y軸負方向通過平衡位置，則所用時間為t==s=0.6s，即t=0.6s時，位于x=8m處的質點b恰好第一次沿y軸負方向通過平衡位置．故答案為：10，0.6．7.一列簡諧波波源的振動圖象如圖所示，則波源的振動方程y=

cm；已知這列波的傳播速度為1.5m/s，則該簡諧波的波長為

m。參考答案：；3試題分析：從振動圖象可知，，角速度，振幅A=20cm振動方程，根據考點：考查了橫波圖像，波長、波速及頻率的關系【名師點睛】解決本題的關鍵是可以由振動圖象獲取相應信息，以及熟練掌握公式、，難度不大，屬于基礎題．8.如圖所示，光滑斜面長為a，寬為b，傾角為θ，一物塊沿斜面從左上方頂點P水平射入，而從右下方頂點Q離開斜面，此物體在斜面上運動的加速度大小為

；入射初速度v的大小為

．參考答案：a=gsinθ,v0=a 9.我國將開展空氣中PM2.5濃度的監測工作.PM2.5是指空氣中直徑小于2.5微米的懸浮顆粒物，其漂浮在空中做無規則運動，很難自然沉降到地面，吸入后會進入血液對人體形成危害.礦物燃料燃燒的排放是形成PM2.5的主要原因.下列關于PM2.5的說法中不正確的是

▲

.（填寫選項前的字母）

A．溫度越高，PM2.5的運動越激烈

B．PM2.5在空氣中的運動屬于分子熱運動C．周圍大量分子對PM2.5碰撞的不平衡使其在空中做無規則運動D．倡導低碳生活減少化石燃料的使用能有效減小PM2.5在空氣中的濃度參考答案：B10.（填空）（2013?杭州模擬）為完成“練習使用打點計時器”實驗，在如圖所示的四種器材中，找出這兩種打點計時器，并完成以下填空：

圖為電磁打點計時器，工作電壓為交流

；

圖為電火花打點計時器，工作電壓為交流

V．參考答案：丙，4～6V，乙，220．解：電磁打點計時器是利用交變電流使鐵芯產生磁性，吸引帶打點針的鐵條通過復寫紙在紙帶上打出點，丙圖為電磁打點計時器，工作電壓為交流4～6V；電火花打點記時器是利用家用電打出的火花吸引鉛盤而打出點，乙圖為電火花打點計時器，工作電壓為交流220V．故答案為：丙，4～6V，乙，220．11.如右圖所示，有四塊相同的堅固石塊壘成弧形的石拱，其中第3、4塊固定在地面上，每塊石塊的兩個面間所夾的圓心角為37°。假定石塊間的摩擦力可以忽略不計，則第1、2塊石塊間的作用力和第1、3塊石塊間的作用力的大小之比為：

參考答案：

12.在x軸上的和處各有一個做簡諧振動、頻率為的波源，兩波源在同種均勻介質中形成兩列簡諧橫波，時刻的波形如圖所示，則兩列波的傳播速度大小為______，在時刻之后的內處質點的位移為______，兩列波在處疊加以后的振幅是否為零______。參考答案：

(1).

(2).5cm

(3).不為零【詳解】由圖知，兩列波的波長為，傳播速度大小均為。波的周期為。在時刻，處質點正向上運動，在0之后的內即內，處質點到達波峰，位移為5cm。在處的質點到和的路程差為，所以處并不是振動減弱的點，其振幅不為0。13.（選修3—5）如圖質量均為m的兩個完全相同的彈性小球A、B放在光滑水平面上，A球以初速v0與靜止的小球B發生正碰，碰撞時間為t，則撞擊結束后兩球速度分別是vA=______、vB=_______；撞擊過程中A球受到的平均沖擊力為_________。

參考答案：答案：0、

v0、

mv0/t

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（簡答）質量,M=3kg的長木板放在光滑的水平面t..在水平悄力F=11N作用下由靜止開始向右運動.如圖11所示,當速度達到1m/s2將質量m=4kg的物塊輕輕放到本板的右端.已知物塊與木板間摩擦因數μ=0.2,物塊可視為質點.(g=10m/s2,).求：(1)物塊剛放置木板上時,物塊和木板加速度分別為多大？(2)木板至少多長物塊才能與木板最終保持相對靜止？(3)物塊與木板相對靜止后物塊受到摩擦力大小？參考答案：(1)1(2)0.5m（3）6.29N牛頓運動定律的綜合應用；勻變速直線運動的位移與時間的關系．解析：(1)放上物塊后，物體加速度

板的加速度

(2)當兩物體達速度相等后保持相對靜止，故

∴t=1秒

1秒內木板位移物塊位移，所以板長L=x1-x2=0.5m（3）相對靜止后，對整體

，對物塊f=ma∴f=44/7=6.29N（1）由牛頓第二定律可以求出加速度．

（2）由勻變速直線運動的速度公式與位移公式可以求出位移．

（3）由牛頓第二定律可以求出摩擦力．15.（6分）一定質量的理想氣體，在絕熱膨脹過程中

①對外做功5J，則其內能（選填“增加”或“減少”）,

J.

②試從微觀角度分析其壓強變化情況。參考答案：答案：①減少，5；②氣體體積增大，則單位體積內的分子數減少；內能減少，則溫度降低，其分子運動的平均速率減小,則氣體的壓強減小。（4分要有四個要點各占1分；單位體積內的分子數減少；溫度降低；分子運動的平均速率減小；氣體的壓強減小。）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一宇宙空間探測器從某一星球的表面升空，假設探測器的質量恒為1500kg，發動機的推力為恒力，宇宙探測器升空到某一高度時，發動機突然關閉，如圖是表示其速度隨時間變化規律：①求宇宙探測器在該行星表面所能到達的最大高度？②假設行星表面沒有空氣，試計算發動機的推力。③若該行星的半徑為R，萬有引力常量為G，則該行星的密度是多少？（用R、G表示）參考答案：①768m.

②18000N

③ρ＝解：①空間探測器上升的所能達到的最大高度應等于它在第一、第二運動階段中通過的總位移值，所以有Hm==768m.②選取空間探測器為研究對象，空間探測器的發動機突然關閉后，它只受該行星的重力的作用，故它運動的加速度即為該行星表面處的重力加速度值，從v-t圖線不難發現，8s末空間探測器關閉了發動機，所以v-t圖線上的斜率即等于該行星表面處的重力加速度g=4m/s2。在0~8s內，空間探測器受到豎直向上的推進力與豎直向下的重力的共同作用，則由牛頓第二定律得F-mg=ma又a==8m/s2故有F=(ma+mg)=18000N.③根據且解得：ρ=得ρ＝【點睛】本題關鍵是知道v-t圖象面積表示位移，斜率表示加速度，注意分析清楚探測器的運動規律．知道在星球表面重力等于萬有引力.17.在冬天，高為h=1.25m的平臺上，覆蓋了一層冰，一乘雪橇的滑雪愛好者，從距平臺邊緣s=24m處以一定的初速度向平臺邊緣滑去，如圖所示，當他滑離平臺即將著地時的瞬間，其速度方向與水平地面的夾角為θ=45°，取重力加速度g=10m/s2。求：

（1）滑雪者著地點到平臺邊緣的水平距離是多大；

（2）若平臺上的冰面與雪橇間的動摩擦因數為μ=0.05，則滑雪者的初速度是多大？參考答案：18.如圖所示，高臺的上面有一豎直的圓弧形光滑軌道，半徑R=m，軌道端點B的切線水平．質量M=5kg的金屬滑塊（可視為質點）由軌道頂端A由靜止釋放，離開B點后經時間t=1s撞擊在斜面上的P點．已知斜面的傾角θ=37°，斜面底端C與B點的水平距離x0=3m．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不計空氣阻力．（1）求金屬滑塊M運動至B點時對軌道的壓力大小（2）若金屬滑塊M離開B點時，位于斜面底端C點、質量m=1kg的另一滑塊，在沿斜面向上的恒定拉力F作用下由靜止開始向上加速運動，恰好在P點被M擊中．已知滑塊m與斜面間動摩擦因數μ=0.25，求拉力F大小（3）滑塊m與滑塊M碰撞時間忽略不計，碰后立即撤去拉力F，此時滑塊m速度變為4m/s，仍沿斜面向上運動，為了防止二次碰撞，迅速接住并移走反彈的滑塊M，求滑塊m此后在斜面上運動的時間．參考答案：考點：機械能守恒定律；牛頓第二定律；平拋運動．專題：機械能守恒定律應用專題．分析：（1）由機械能守恒定律求出滑塊到達B點時的速度，然后由牛頓第二定律求出軌道對滑塊的支持力，再由牛頓第三定律求出滑塊對B的壓力．（2）由平拋運動知識求出M的水平位移，然后由幾何知識求出M的位移，由運動學公式求出M的加速度，由牛頓第二定律求出拉力大小．（3）由牛頓第二定律求出加速度，由運動學公式可以求出滑塊的運動時間．解答：解：（1）從A到B過程，由機械能守恒定律得：MgR=MvB2，在B點，由牛頓第二定律得：F﹣Mg=M，解得：F=150N，由牛頓第三定律可知，滑塊對B點的壓力F′=F=150N，方向豎直向下；（2）M離開B后做平拋運動，水平方向：x=vBt=5m，由幾何知識可知，m的位移：s==2.5m，設滑塊m向上運動的加速度為a，由勻變速運動的位移公式得：s=at2，解得：a=5m/s2，對滑塊m，由牛頓第二定律得：F﹣mgsin37°﹣μmgcos37°=ma，解得：F=13N；（3）撤去拉力F后，對m，由牛頓第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma