一、選擇題解題技巧選擇題是高考常考題型之一，主要考查對物理概念、物理現象、物理過程和物理規律的認識、理解和應用等．題目具有信息量大、知識覆蓋面廣、干擾性強、層次分明、難度易控制，能考查考生的多種能力等優勢．要想迅速、準確地解答物理選擇題，不僅要熟練掌握和應用物理的基本概念和規律直接判斷和定量計算，還要掌握以下解答物理選擇題的基本方法和特殊技巧．方法1排除法通過對物理知識的理解、物理過程的分析或計算，把不符合題意的選項，從尋找差異性的角度，采用逐一排除的方法來確定答案．在遇到用已有知識解決不了的問題時，換個角度，排除錯誤的，剩下的就是正確的．例1(2020·江西九江市高三第二次模擬)某空間中存在一個有豎直邊界的水平方向勻強磁場區域(邊界處也有磁場)，現將一個等腰梯形閉合導線圈，從圖1所示位置垂直于磁場方向勻速拉過這個區域，尺寸如圖所示，圖中能正確反映該過程線圈中感應電流隨時間變化的圖像是()圖1答案A解析當導線圈右邊進入磁場時，便會產生感應電流，由楞次定律得，感應電流是逆時針方向，由于有效切割長度均勻增大，導致感應電流的大小也均勻增大；當導線圈右邊出磁場后，有效切割長度不變，則產生的感應電流的大小不變，但比導線圈右邊剛到磁場右邊界時的有效切割長度短，導致其感應電流的大小比導線圈右邊剛到磁場右邊界時的感應電流小，由楞次定律得，感應電流應仍是逆時針方向，故排除B、C、D.方法2二級結論法熟記并巧用一些“二級結論”可以使思維過程簡化，節約解題時間，非常實用的二級結論有：(1)等時圓規律；(2)平拋運動速度的反向延長線過水平位移的中點；(3)不同質量和電荷量的同性帶電粒子由靜止相繼經過同一加速電場和偏轉電場，軌跡重合；(4)直流電路中動態分析的“串反并同”結論；(5)平行通電導線同向相吸，異向相斥；(6)帶電平行板電容器與電源斷開，改變極板間距離不影響極板間勻強電場的場強等．例2如圖2所示，Oa、Ob是豎直平面內兩根固定的光滑細桿，O、a、b、c位于同一圓周上，c為圓周的最高點，a為最低點，每根桿上都套著一個小滑環，兩個滑環都從O點無初速度釋放，用t1、t2分別表示滑環到達a、b所用的時間，則下列關系正確的是()圖2A．t1＝t2 B．t1>t2C．t1<t2 D．無法確定答案C顯然O到a、e才是等時的，比較圖示位移有Ob>Oe，可得t1<t2，故C正確．方法3圖像法根據題目的條件畫出圖像或示意圖，如多物體或多過程的運動關系示意圖可直觀反映物體間的位移、時間關系等，對弄清各物理量關系建立方程有幫助；物理圖像能直觀反映兩個物理量間的定量或定性關系，可避免繁瑣的計算，迅速找到正確答案．例3如圖3甲所示，兩平行正對的金屬板A、B間加有如圖乙所示的交變電壓，一重力可忽略不計的帶正電粒子被固定在兩板的正中間P處．若在t0時刻釋放該粒子，粒子會時而向A板運動，時而向B板運動，并最終打在A板上，則t0可能屬于的時間段是()圖3A．0<t0<eq\f(T,4) B.eq\f(T,2)<t0<eq\f(3T,4)C.eq\f(3T,4)<t0<T D．T<t0<eq\f(9T,8)答案B則由圖像可看出，若0<t0<eq\f(T,4)或eq\f(3T,4)<t0<T或T<t0<eq\f(9T,8)，粒子在一個周期內正向位移大，即最終打到B板；若eq\f(T,2)<t0<eq\f(3T,4)，粒子在一周期內負向位移大，且中間有往返運動，最終打到A板．故B項正確．方法4逆向思維法正向思維法在解題中運用較多，而有時利用正向思維法解題比較繁瑣，這時我們可以考慮利用逆向思維法解題．應用逆向思維法解題的基本思路：(1)分析確定研究問題的類型是否能用逆向思維法解決；(2)確定逆向思維法的類型(由果索因、轉換研究對象、過程倒推等)；(3)通過轉換運動過程、研究對象等確定求解思路．例4如圖4所示，半圓軌道固定在水平面上，將一小球(小球可視為質點)從B點沿半圓軌道切線方向斜向左上方拋出，到達半圓軌道左端A點正上方某處小球速度剛好水平，O為半圓軌道圓心，半圓軌道半徑為R，OB與水平方向的夾角為60°，重力加速度為g，不計空氣阻力，則小球在A點正上方的水平速度為()圖4A.eq\r(\f(3\r(3)gR,2)) B.eq\r(\f(3gR,2))C.eq\r(\f(\r(3)gR,2)) D.eq\r(\f(\r(3)gR,3))答案A解析小球雖然是做斜拋運動，由于到達半圓軌道左端A點正上方某處小球的速度剛好水平，所以逆向看是小球從該半圓軌道左端A點正上方某處開始做平拋運動，運動過程中恰好與半圓軌道相切于B點，這樣就可以用平拋運動規律求解．因小球運動過程中與半圓軌道相切于B點，則小球在B點的速度與水平方向的夾角為30°，設此時位移與水平方向的夾角為θ，則tanθ＝eq\f(tan30°,2)＝eq\f(\r(3),6)，因為tanθ＝eq\f(y,x)＝eq\f(y,\f(3,2)R)，則豎直位移y＝eq\f(\r(3)R,4)，而vy2＝2gy＝eq\f(\r(3),2)gR，又tan30°＝eq\f(vy,v0)，所以v0＝eq\f(\r(\f(\r(3)gR,2)),\f(\r(3),3))＝eq\r(\f(3\r(3)gR,2))，故選項A正確．方法5類比分析法將兩個(或兩類)研究對象進行對比，分析它們的相同或相似之處、相互的聯系或所遵循的規律，然后根據它們在某些方面有相同或相似的屬性，進一步推斷它們在其他方面也可能有相同或相似的屬性的一種思維方法，在處理一些物理背景很新穎的題目時，可以嘗試使用這種方法．比如：恒力作用下或電場與重力場疊加中的類平拋問題、斜拋問題，可直接類比使用平拋、斜拋相關結論．例5在光滑的水平面上，一滑塊的質量m＝2kg，在水平面上受水平方向上恒定的外力F＝4N(方向未知)作用下運動，如圖5所示給出了滑塊在水平面上運動的一段軌跡，滑塊過P、Q兩點時速度大小均為v＝5m/s.滑塊在P點的速度方向與PQ連線的夾角α＝37°，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則下列說法正確的是()圖5A．水平恒力F的方向與PQ連線成53°角B．滑塊從P到Q的時間為3sC．滑塊從P到Q的過程中速度最小值為3m/sD．P、Q兩點的距離為15m答案B解析滑塊過P、Q兩點時速度大小相等，根據動能定理得Fxcosθ＝ΔEk，得θ＝90°，即水平方向上恒定的外力F與PQ連線垂直且指向軌跡的凹側，故A項錯誤；把滑塊在P點的速度分解到沿水平恒力F和垂直水平恒力F兩個方向上，沿水平恒力F方向上滑塊先做勻減速直線運動后做勻加速直線運動，加速度大小為a＝eq\f(F,m)＝2m/s2，當沿水平恒力F方向上的速度為0時，時間t＝eq\f(vsin37°,a)＝1.5s，根據對稱性，滑塊從P到Q的時間為t′＝2t＝3s，故B項正確；當沿水平恒力F方向上的速度為0時，只有垂直水平恒力F方向的速度v′＝vcos37°＝4m/s，此時速度最小，所以滑塊從P到Q的過程中速度最小值為4m/s，故C項錯誤；沿垂直水平恒力F方向上滑塊做勻速直線運動，有xPQ＝v′t′＝12m，故D項錯誤．方法6對稱法對稱法就是利用物理現象、物理過程具有對稱性的特點來分析解決物理問題的方法．常見的應用：(1)運動的對稱性，如豎直上拋運動中物體向上、向下運動的兩過程中同位置處速度大小相等，加速度相等；(2)結構的對稱性，如均勻帶電的圓環，在其圓心處產生的電場強度為零；(3)幾何關系的對稱性，如粒子從某一直線邊界垂直磁感線射入勻強磁場，再從同一邊界射出勻強磁場時，速度與邊界的夾角相等；(4)場的對稱性，等量同種、異種點電荷形成的場具有對稱性；電流周圍的磁場，條形磁體和通電螺線管周圍的磁場等都具有對稱性．例6如圖6所示，一長軸為2L的橢圓形絕緣薄板邊緣上均勻分布著電荷量為＋Q的電荷，長軸AB所在直線上另有三個點C、D、E，且AC＝BD＝DE＝L，在E處放置一電荷量為＋q的點電荷．已知D處的場強為零，則C處的場強大小為(k為靜電力常量)()圖6A．keq\f(11Q,10L2) B．keq\f(3q＋4Q,15L2)C．keq\f(q＋3Q,20L2) D．keq\f(26q,25L2)答案D解析根據題意可知，帶電薄板和E處點電荷在D點的合場強為零，則帶電薄板在D處的場強大小為ED＝keq\f(q,L2)，方向水平向右，因橢圓形帶電薄板形狀規則，則其在空間中產生的電場左右對稱，所以帶電薄板在C處產生的場強大小為EC＝ED＝keq\f(q,L2)，方向水平向左，E處點電荷在C處產生的場強大小為EC′＝keq\f(q,5L2)＝keq\f(q,25L2)，所以C處的合場強大小為EC＋EC′＝keq\f(q,L2)＋keq\f(q,25L2)＝keq\f(26q,25L2)，方向水平向左．故選項D正確．方法7等效替換法等效替換法是把陌生、復雜的物理現象、物理過程在保證某種效果、特性或關系相同的前提下，轉化為簡單、熟悉的物理現象、物理過程來研究，從而認識研究對象本質和規律的一種思想方法．等效替換法廣泛應用于物理問題的研究中，如：力的合成與分解、運動的合成與分解、等效場、等效電源、變壓器問題中的等效電阻．例7(多選)(2020·四川樂山市調研)如圖7所示，在水平方向的勻強電場中，一質量為m的帶電小球用一輕繩連接恰好在豎直平面內順時針繞O點做半徑為R的圓周運動，運動軌跡上均勻地分布著A、B、C、D、F、G、H和P點，OA垂直于電場強度方向．已知小球帶電荷量為q(q>0)，電場強度E＝eq\f(mg,q)(g為重力加速度)，則下列說法正確的是()圖7A．小球在A點時的速度為eq\r(gR)B．小球運動至C點和H點時繩子拉力大小相等C．小球運動過程中繩子的最大拉力為6eq\r(2)mgD．小球運動過程中的最小速度為eq\r(\r(2)Rg)答案CD解析以小球為研究對象，受到重力、靜電力和輕繩的拉力，重力與靜電力的合力F＝eq\r(mg2＋qE2)＝eq\r(2)mg，由于小球恰好做圓周運動，所以圓周運動過程中速度的最小值出現在P點，由牛頓第二定律得eq\r(2)mg＝meq\f(v\o\al(,P2),R)，小球的最小速度vmin＝vP＝eq\r(\r(2)gR)，故D正確；小球從P點運動到A點，由動能定理得－mgR(1－cos45°)＋qERsin45°＝eq\f(1,2)mvA2－eq\f(1,2)mvP2，解得vA＝eq\r(3\r(2)－2gR)，故A錯誤；小球在C點時，有FC－qE＝meq\f(v\o\al(,C2),R)，小球從H點運動到C點，由動能定理得qE·2R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(,C2)－eq\f(1,2)mveq\o\al(,H2)，在H點時，有FH＋qE＝meq\f(v\o\al(,H2),R)，所以FH<FC，故B錯誤；小球運動過程中，在D點時繩子的拉力最大，小球從P點運動到D點，由動能定理得F·2R＝eq\f(1,2)mvD2－eq\f(1,2)mvP2，在D點時，有FD－eq\r(2)mg＝meq\f(v\o\al(,D2),R)，解得FD＝6eq\r(2)mg，故C正確．方法8特殊值法有些選擇題，根據它所描述的物理現象的一般情況，較難直接判斷選項的正誤時，可以讓某些物理量取特殊值，代入到各選項中逐個進行檢驗．凡是用特殊值檢驗證明不是正確的選項，一定是錯誤的，可以排除．例8如圖8所示，一半徑為R的絕緣圓環上，均勻地分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓環平面的對稱軸上有一點P，它與環心O的距離OP＝L.靜電力常量為k，關于P點的場強E，下列四個表達式中有一個是正確的，請你根據所學的物理知識，通過一定的分析，判斷下列表達式正確的是()圖8A．E＝eq\f(kQ,R2＋L2) B．E＝eq\f(kQL,R2＋L2)C．E＝eq\f(kQR,\r(R2＋L23)) D．E＝eq\f(kQL,\r(R2＋L23))答案D解析當R＝0時，帶電圓環等同一點電荷，由點電荷電場強度計算式可知在P點的電場強度為E＝keq\f(Q,L2)，將R＝0代入四個選項，只有A、D選項滿足；當L＝0時，均勻帶電圓環的中心處產生的電場的電場強度為0，將L＝0代入選項A、D，只有選項D滿足，故D正確．方法9極限思維法物理學中體現的極限思維是把某個物理量推向極端，從而做出科學的推理分析，給出判斷或導出一般結論．該方法一般適用于題干中所涉及的物理量隨條件單調變化的情況．極限思維法在進行某些物理過程分析時，具有獨特作用，使問題化難為易，化繁為簡，起到事半功倍的效果．例9平行玻璃磚的厚度為d，折射率為n，一束光線以入射角α射到玻璃磚上，出射光線相對于入射光線的側移距離為Δx，如圖9所示，則Δx決定于下列哪個表達式()圖9A．Δx＝d(1－eq\f(cosα,\r(n2－sin2α)))B．Δx＝d(1－eq\f(sinα,\r(n2－cos2α)))C．Δx＝dsinα(1－eq\f(cosα,\r(n2－sin2α)))D．Δx＝dcosα(1－eq\f(sinα,\r(n2－cos2α)))答案C解析由于Δx隨厚度d、入射角α、折射率n的減小而減小，因此若將d、α、n推向極端，即當α＝0時Δx＝0，d＝0時Δx＝0，n＝1時Δx＝0.考查四個選項中能滿足此三種情況的只有C項，故選C項．例10由相關電磁學知識可以知道，若圓環形通電導線的中心為O，環的半徑為R，環中通有大小為I的電流，如圖10甲所示，則環心O處的磁感應強度大小B＝eq\f(μ0,2)·eq\f(I,R)，其中μ0是