怒江市重點中學2024屆化學高一下期末檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、已知：①H2O(g)===H2O(l)ΔH1＝－Q1kJ·mol－1②C2H5OH(g)===C2H5OH(l)ΔH2＝－Q2kJ·mol－1③C2H5OH(g)＋3O2(g)===2CO2(g)＋3H2O(g)ΔH3＝－Q3kJ·mol－1若使23g液態無水酒精完全燃燒，最后恢復到室溫，則放出的熱量為(單位：kJ)A．Q1＋Q2＋Q3 B．1.5Q1－0.5Q2＋0.5Q3C．0.5Q1－1.5Q2＋0.5Q3 D．0.5(Q1＋Q2＋Q3)2、下列分子結構圖中的大黑點表示原子序數小于10的元素的“原子實”（指原子除去最外層電子的剩余部分），小黑點表示沒形成共價鍵的最外層電子，短線表示共價鍵。其中分子結構圖與化學式關系錯誤的是A．（C3H4O） B．（HCN）C．（NH3） D．（BF3）3、食鹽是生活中常用的調味品，胃酸的主要成分是鹽酸。下列關于兩種物質的說法正確的是()A．炒菜時放入食鹽并不破壞NaCl中的化學鍵B．胃舒平（主要成分氫氧化鋁）與胃酸反應生成的AlCl3屬于離子化合物C．鹽酸中的溶質HCl屬于共價化合物D．NaCl熔化時破壞共價鍵4、反應C(石墨，s)?C(金剛石，s)的能量轉化關系如圖所示，下列敘述正確的是A．該反應過程中沒有能量變化B．該反應是吸熱反應C．相同條件下，金剛石比石墨穩定D．相同質量的C(石墨，s)比C(金剛石，s)的能量高5、最近我國科學家研制出強度是鋼60倍的碳納米管（如下圖所示）新材料。有關該材料的說法正確的是A．屬于金屬材料 B．與C互為同位素C．與金剛石互為同素異形體 D．是一種新型高分子化合物6、下列敘述正確的是A．還原性：Al＞Mg＞NaB．原子半徑：Cl＞S＞OC．穩定性：HBr＞HCl＞HFD．酸性：HClO4＞H2SO4＞H3PO47、N2(g)與H2(g)在一定條件下反應生成NH3(g)，過程如下圖，下列說法正確的是A．I為放熱過程、Ⅱ為吸熱過程B．1/2molN2和3/2molH2的鍵能之和大于1molNH3的鍵能C．1/2molN2和3/2molH2所具有的能量之和低于1molNH3所具有的能量D．該過程的熱化學反應方程式為N2(g)+3H2(g)2NH3(g)ΔH=-92kJ/mol8、下列離子方程式書寫正確的是A．氯化鐵溶液溶解銅片：Fe3＋+Cu＝Fe2＋+Cu2＋B．用醋酸溶液除水垢中的CaCO3：CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2↑C．AlCl3溶液中加入足量的氨水：Al3++4NH3·H2O=AlO2-+4NH4++2H2OD．金屬鈉與水反應：2Na+2H2O=2Na++2OH-+H2↑9、下列物質中只含有氯分子的是()A．氯水 B．液氯 C．鹽酸 D．食鹽10、當光束通過下列分散系時，可觀察到丁達爾效應的是A．乙醇溶液B．氯化鈉溶液C．硫酸銅溶液D．氫氧化鐵膠體11、下列金屬單質，活潑性最強的是()A．NaB．KC．CuD．Zn12、下列實驗現象預測不正確的是A．振蕩后靜置，上層溶液顏色變淺或者褪去B．酸性KMnO4溶液中出現氣泡，且顏色逐漸褪去C．微熱稀HNO3片刻，溶液中有氣泡產生，廣口瓶內變為紅棕色D．滴入FeCl3飽和溶液后，可形成帶電的膠體，該分散系導電能力增強13、下列關于常見有機物的說法不正確的是A．乙烯和苯都能與溴水反應 B．乙酸和油脂都能與氫氧化鈉溶液反應 C．糖類和蛋白質都是人體重要的營養物質 D．乙烯和甲烷可用酸性高錳酸鉀溶液鑒別14、下列說法正確的是（）A．可以用電解熔融氯化鈉的方法來制取金屬鈉B．加熱后才能發生的化學反應是吸熱反應C．共價化合物中一定含有共價鍵，可能含有離子鍵D．1mol乙酸與1mol乙醇反應生產乙酸乙酯的分子數為NA15、羰基硫(COS)可用于合成除草劑和殺蟲劑。一定條件下，恒容密閉容器中，發生反應H2S(g)＋CO2(g)COS(g)＋H2O(g)，能充分說明該反應已經達到化學平衡狀態的是A．正、逆反應速率都等于零B．H2S、CO2、COS、H2O的濃度相等C．H2S、CO2、COS、H2O的濃度不再變化D．H2S、CO2、COS、H2O在密閉容器中共存16、在驗證海帶中含有碘元素的實驗操作過程中，下列操作不涉及的是A． B． C． D．17、普通水泥在固化過程中其自由水分子減少并形成堿性溶液。根據這一物理化學特點，科學家發明了電動勢法測水泥的初凝時間。此法的原理如圖所示，反應的總方程式為：2Cu＋Ag2O＝Cu2O＋2Ag。下列有關說法正確的是A．2molCu與1molAg2O的總能量低于1molCu2O與2molAg具有的總能量B．負極的電極反應式為2Cu＋2OH－－2e－＝Cu2O＋H2OC．測量原理示意圖中，電流方向從Cu流向Ag2OD．電池工作時，OH－向Ag電極移動18、氮氧化鋁（AlON）是一種高硬度防彈材料，可以在高溫下由反應Al2O3+C+N22AlON+CO合成，下列有關說法合理的是A．上述反應中氮氣作還原劑B．氮氧化鋁中氮元素的化合價是-3C．氮氧化鋁晶體中的作用力是范德華力D．根據氮氧化鋁晶體的硬度可推斷其晶體類型可能與石英相同19、對于鋅、銅和稀硫酸組成的原電池（如下圖），下列有關說法正確的是①Zn是負極②電子由Zn經外電路流向Cu③Zn-2e-=Zn2+④H+在溶液中由Cu棒向Zn棒遷移A．①② B．①②③ C．②③④ D．①②③④20、一定條件下,乙醛可發生分解:CH3CHO(l)→CH4+CO,已知該反應的活化能為190kJ·mol-1。在含有少量I2的溶液中,該反應的機理如下:反應Ⅰ:CH3CHO+I2CH3I+HI+CO(慢)反應Ⅱ:CH3I+HICH4+I2(快)下列有關該反應的敘述正確的是()A．反應速率與I2的濃度有關 B．HI在反應Ⅰ中是氧化產物C．反應焓變的絕對值等于190kJ·mol-1 D．乙醛的分解速率主要取決于反應Ⅱ21、鹵族元素隨著原子序數的增大，下列遞變規律正確的是A．單質熔、沸點逐漸降低 B．單質的氧化性逐漸增強C．原子半徑逐漸增大 D．氣態氫化物穩定性逐漸增強22、下列說法不正確的是A．純凈的乙酸稱為冰醋酸 B．乙醇能與水以任意比互溶C．乙酸是比碳酸更弱的酸 D．用食醋清除暖瓶中的水垢二、非選擇題(共84分)23、（14分）位于短周期的四種主族元素A、B、C、D，原子序數依次增大，已知A、C位于同一主族，A在周期表中原子半徑最小。B、D的最外層電子數相等，且B、D的原子序數之和為A、C原子序數之和的兩倍。E是自然界中含量最高的金屬。根據你的推斷完成下列問題：(1)B元素的名稱為_______，E的元素符號為_______。(2)寫出由上述元素形成的具有漂白作用的三種物質的化學式______，______，_____。(3)用電子式表示C與D形成化合物的過程_______。(4)寫出E的最高價氧化物與強堿反應的離子方程式________。(5)B、C兩元素形成的原子個數比為1∶1的化合物中的化學鍵為_______。24、（12分）有關物質的轉化關系如下圖所示。A和G均為氣體，其中A為黃綠色。C和D均為酸，其中C具有漂白性。E和I均為常見金屬，其中I為紫紅色。⑴氣體A所含元素在周期表中的位置是：______。D的電子式為______。⑵寫出反應①的離子方程式：______。⑶寫出反應④的化學方程式，并用單線橋表示電子轉移的方向和數目：______。25、（12分）酯可以通過化學實驗來制備。實驗室用下圖所示裝置制備乙酸乙酯：（1）試管a中生成乙酸乙酯的化學方程式是________________________________。（2）試管b中盛放的試劑是飽和_________________溶液。（3）實驗開始時，試管b中的導管不伸入液面下的原因是___________________。（4）若分離出試管b中生成的乙酸乙酯，需要用到的儀器是______（填序號）。a.漏斗b.分液漏斗c.長頸漏斗26、（10分）實驗室里需要純凈的氯化鈉溶液，但手邊只有混有硫酸鈉、碳酸氫銨的氯化鈉。某學生設計了如下方案：如果此方案正確，那么：(1)操作①可選擇_______儀器。(2)操作②是否可改為加硝酸鋇溶液__________，原因是___________。(3)進行操作②后，判斷硫酸根離子已除盡的方法是_____________。(4)操作③的目的是_______，不先過濾后加碳酸鈉溶液的理由是__________。(5)操作④的目的是____________________________。27、（12分）某同學完成如下探究實驗：實驗目的：比較Cl2、Br2、I2三種單質的氧化性強弱實驗藥品：NaBr溶液、KI溶液、氯水、淀粉溶液實驗記錄：實驗步驟實驗現象實驗結論溶液變為橙黃色Ⅰ________溶液變為黃色氧化性：Br2>I2Ⅱ___________反思與評價：（1）Ⅰ________；Ⅱ________。（2）步驟①反應的離子方程式為：________。（3）檢驗②中所得黃色溶液含I2的另一種方法是（簡述實驗操作和相應的實驗現象）________。（4）你認為上述實轉設計（填“能”或“不能）____達到實驗目的，理由是_______。28、（14分）下圖的各方框表示有關的一種反應物或生成物（某些物質已經略去），其中常溫下A、C、D為無色氣體，C能使濕潤的紅色石蕊試紙變藍。（1）C的電子式：_________________________；F的化學式：__________________________；（2）寫出下列變化的離子方程式或化學方程式：G→E（離子方程式）：_________________________________________________________；A→D（化學方程式）：_________________________________________________________；（3）實驗室制取氣體C的化學方程式為___________________________________________，常采用____________________________法來收集氣體C。29、（10分）某烴A的相對分子質量為84。回答下列問題：(1)烴A的分子式為_________。下列物質與A以任意比例混合，若總物質的量一定，充分燃燒消耗氧氣的量不變的是_____；若總質量一定，充分燃燒消耗氧氣的量不變的是____。A．C7H8B．C6H14C．C7H14D．C8H8(2)若烴A為鏈烴，分子中所有的碳原子在同一平面上，該分子的一氯取代物只有一種。則A的結構簡式為__________。若A不能使溴水褪色，且其一氯代物只有一種，則A的結構簡式為__________。若烴B的相對分子質量比烴A小6，且B為最簡單芳香族化合物，寫出B與濃硝酸，濃硫酸混合共熱的化學方程式__________(3)如圖：①該物質與足量氫氣完全加成后環上一氯代物有________種；②該物質和溴水反應，消耗Br2的物質的量為_______mol；③該物質和H2加成需H2________mol；(4)如圖是辛烷的一種結構M(只畫出了碳架，沒有畫出氫原子)按下列要求，回答問題：①用系統命名法命名________。②M的一氯代物有________種。③M是由某烯烴加成生成的產物，則該烯烴可能有_______種結構。

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、B【解析】

由蓋斯定律，①×3+③-②得到反應C2H5OH（l）+3O2（g）＝2CO2（g）+3H2O（l），則△H=3ΔH1+ΔH3—ΔH2＝－（3Q1-Q2+Q3）kJ/mol，23g酒精物質的量為=0.5mol，則23g酒精完全燃燒生成液態水放出的熱量為（1.5Q1-0.5Q2+0.5Q3）kJ，故選B。【點睛】本題考查熱化學方程式的書寫，注意運用蓋斯定律計算，明確反應熱和熱量的計算關系是解答關鍵。2、A【解析】

A、這個分子應該是CO(NH2)2，根據圖形可以判斷出原子最外層電子數，再根據1～10號原子結構就可以知道這些原子是C、H、N、O，再根據他們的數量就可以推斷出該式子代表的物質是尿素，其結構式為，A錯誤；B、從B來看，最左邊的原子只形成一個共價鍵，其最外層只有1個電子，為H，中間原子形成4個共價鍵，則其最外層有4個電子，在1～10號元素中只有C；最右邊原子除形成三個共價鍵外，還有2個電子剩余，則其最外層有5個電子，在1～10號元素中只有N，所以B的化學式為HCN，B正確；C、從A來看，上方原子除形成三個共價鍵外，還有2個電子剩余，則其最外層有5個電子，在1～10號元素中只有N，下方3原子各只形成一個共價鍵，其最外層只有1個電子，為H，所以A的化學式為NH3，C正確；D、中間原子只形成三個共價鍵外，則最外層電子數為3，在1～10號元素中只有B，其它三個原子相同，除形成一個共價鍵外，還有6個電子剩余，則其最外層有7個電子，在1～10號元素中只有F，所以B的化學式為BF3，D正確;答案選A。【點睛】本題考查共價鍵的形成以及物質的推斷，難度較大，注意根據形成的共價鍵數目和孤電子對數判斷原子的最外層電子數，以此推斷元素的種類。3、C【解析】分析：A.食鹽溶于水，電離出自由移動的離子，破壞離子鍵；B.AlCl3屬于共價化合物，；C.HCl由非金屬元素構成，為共價化合物；D.NaCl為離子化合物，不存在共價鍵。詳解：A.食鹽溶于水，電離出自由移動的離子，破壞離子鍵，故A錯誤；B.AlCl3屬于共價化合物，故B錯誤；C.HCl由非金屬元素構成，為共價化合物，故C正確；D.NaCl為離子化合物，不存在共價鍵，故D錯誤。故本題選C。4、B【解析】A項，由于石墨具有的總能量小于金剛石具有的總能量，所以反應過程中要吸收能量，錯誤；B項，由于石墨具有的總能量小于金剛石具有的總能量，所以為吸熱反應，正確；C項，能量越低物質越穩定，石墨比金剛石穩定，錯誤；D項，相同質量的C(石墨，s)比C(金剛石，s)的能量低，錯誤；答案選B。5、C【解析】分析：同位素是質子數相同，而中子數不同的原子；同素異形體是指由同種元素組成的不同單質。詳解：A.碳納米管屬于非金屬材料，選項A錯誤；B.碳納米管為單質不是元素，不能說與互為同位素，選項B錯誤；C.碳納米管與金剛石是碳元素形成的不同單質，互為同素異形體，選項C正確；D.碳納米管是一種單質，不是新型高分子化合物，選項D錯誤。答案選C。6、C【解析】A錯，還原性即為失電子的性質，由周期從左到右元素的金屬性減弱，即可得還原性減弱；B錯，同周期從左到右元素原子半徑減小，同主族從上到下元素原子半徑增大；C正確，氫化物的穩定性是比較對應元素的非金屬性強弱；D錯，元素的非金屬性越強即最高價氧化物對應的水化物酸性越強，由于同周期從左到右元素的非金屬性逐漸增強，所以最高價氧化物的水化物的酸性增強；7、D【解析】

根據圖像可知反應物總能量高于生成物總能量，屬于放熱反應，反應熱等于斷鍵吸收的總能量與形成化學鍵所放出的總能量的差值，據此解答。【詳解】A.I為斷鍵過程，為吸熱過程，Ⅱ為形成化學鍵的過程，為放熱過程，A錯誤；B.由于是放熱反應，則1/2molN2和3/2molH2的鍵能之和小于1molNH3的鍵能，B錯誤；C.由于是放熱反應，則1/2molN2和3/2molH2所具有的能量之和高于1molNH3所具有的能量，C錯誤；D.根據圖像可知生成1mol氨氣的反應熱是1129kJ/mol－1175kJ/mol＝－46kJ/mol，因此該過程的熱化學反應方程式為N2(g)+3H2(g)2NH3(g)ΔH=-92kJ/mol，D正確。答案選D。8、D【解析】

A、氯化鐵溶液與銅片反應生成氯化亞鐵和氯化銅，電荷不守恒；B、醋酸溶液與水垢中的CaCO3反應生成醋酸鈣、二氧化碳和水，常數為弱酸，不能拆寫；C、AlCl3溶液與足量的氨水反應生成氫氧化鋁沉淀和氯化銨；D、金屬和水反應生成氫氧化鈉和氫氣。【詳解】A項、氯化鐵溶液與銅片反應生成氯化亞鐵和氯化銅，反應的離子方程式為2Fe3++Cu═2Fe2++Cu2+，故A錯誤；B項、醋酸溶液與水垢中的CaCO3反應生成醋酸鈣、二氧化碳和水，醋酸為弱酸，不能拆寫，反應的離子方程式為CaCO3+2HAc═Ca2++H2O+CO2↑+2Ac-，故B錯誤；C項、AlCl3溶液與足量的氨水反應生成氫氧化鋁沉淀和氯化銨，反應的離子方程式為Al3++3NH3?H2O═Al（OH）3↓+3NH4+，故C錯誤；D項、金屬和水反應生成氫氧化鈉和氫氣，反應的離子方程式為2Na+2H2O=2Na++2OHˉ+H2↑，故D正確。故選D。【點睛】本題考查離子反應方程式，注意反應的實質，明確發生的化學反應，掌握離子反應方程式的書寫原則是解答本題的關鍵。9、B【解析】

A.氯水中含有三分子、四離子：水分子、氯分子、次氯酸分子、氫離子、氫氧根離子、氯離子、次氯酸根離子，A項錯誤；B.液氯是純凈物，其中只含有氯分子，B項正確；C.鹽酸是氯化氫溶液，含有水分子、氫離子、氫氧根離子、氯離子，C項錯誤；D.食鹽中含有鈉離子和氯離子，D項錯誤；答案選B。10、D【解析】試題分析：膠體粒子的微粒直徑在1-100nm之間，分散質微粒直徑小于1-100nm的是溶液，大于1-100nm的是濁液；A、B、C是溶液，D是膠體。故選D。【考點定位】考查分散系、膠體與溶液的概念及關系【名師點晴】本題考查膠體的性質，注意膠體的本質特征是：膠體粒子的微粒直徑在1-100nm之間，這也是膠體與其它分散系的本質區別。區分膠體和溶液最簡單的方法是利用丁達爾現象。膠體具有丁達爾現象是指當光束通過膠體分散系時能看到一條光亮的通路，丁達爾效應的是膠體特有的性質，所以只要判斷各分散系是否是膠體即可。11、B【解析】分析：同主族從上到下金屬性增強，結合金屬活動性順序表來解答。詳解:Na、Mg、Al位于同周期,結合金屬活動性順序可以知道,金屬性為K>Na>Zn>Cu，則金屬性最強的為K，

所以B選項是正確的。12、D【解析】

A.單質溴能與NaOH溶液發生反應，生成無色物質，所以振蕩后靜置，上層溶液顏色會變淺或者褪去，苯不溶于水，溶液分層，故A正確；B.濃硫酸具有脫水性和強氧化性，與蔗糖反應后生成二氧化硫，二氧化硫具有還原性，則酸性KMnO4溶液中出現氣泡，且顏色逐漸褪去，故B正確；C．Cu與稀硝酸反應生成NO，NO易被氧化，可觀察到微熱稀HNO3片刻，溶液中有氣泡產生，廣口瓶氣體由無色逐漸變紅棕色，故C正確；D.氯化鐵水解可制備膠體，氫氧化鐵膠體的膠體粒子帶有正電荷，但氫氧化鐵膠體呈電中性，故D錯誤。故選D。13、A【解析】

A項，苯不能與溴水發生反應，只能與液溴反應，故A項錯誤；B項，乙酸與NaOH發生酸堿中和，油脂在堿性條件能水解，故B項正確；C項，糖類、油脂和蛋白質是重要營養的物質，故C項正確；D項，乙烯可以使高錳酸鉀褪色，而甲烷不可以，故D項正確。答案選A。14、A【解析】

A．鈉是活潑金屬，工業上采用電解法冶煉，2NaCl(熔融)2Na+Cl2↑，故A正確；B.化學反應是放熱還是吸熱，與反應條件無關，加熱后才能發生的化學反應不一定是吸熱反應，如物質的燃燒一般都需要加熱或點燃，故B錯誤；C.共價化合物中一定含有共價鍵，但不可能含有離子鍵，含有了離子鍵就屬于離子化合物，故C錯誤；D.乙醇和乙酸的酯化反應是可逆反應，1mol乙酸與1mol乙醇反應生產乙酸乙酯的分子數小于NA，故D錯誤；故選A。15、C【解析】分析：根據化學平衡狀態的特征解答，當反應達到平衡狀態時，正逆反應速率相等，各物質的濃度、百分含量不變，選擇判斷的物理量，隨著反應的進行發生變化，當該物理量由變化到定值時，說明可逆反應到達平衡狀態。詳解：A、化學平衡是動態平衡，當反應達到平衡狀態時，正逆反應速率相等，但不為0，故A錯誤；B、當體系達平衡狀態時，CO、H2S、COS、H2的濃度可能相等，也可能不等，故B錯誤；C、CO、H2S、COS、H2的濃度均不再變化，說明正逆反應速率相等，達平衡狀態，故C正確；D、該反應為可逆反應，只要反應發生就有CO、H2S、COS、H2在容器中共存，故D錯誤；故選C。16、C【解析】

驗證海帶中含有碘元素，先把海帶灼燒成灰，然后浸泡，過濾，得到含碘離子的溶液，然后在溶液中加稀硫酸酸化過氧化氫溶液和淀粉溶液，所以涉及的操作有灼燒、過濾、加試劑檢驗碘離子，不涉及的操作為蒸發，故選C。【點睛】把握海帶中含有碘元素(以I-形式存在)的實驗操作是解題的關鍵。本題的易錯點和難點為D，要注意海帶中含有碘元素是化合態的碘，不能直接用淀粉檢驗。17、B【解析】

由電池反應方程式2Cu+Ag2O=Cu2O+2Ag知，較活潑的金屬銅失電子發生氧化反應，所以銅作負極，較不活潑的金屬銀作正極，原電池放電時，溶液中陽離子向正極移動，陰離子向負極移動；根據原電池的構成條件之一為自發的放熱的氧化還原反應分析反應物與生成物的總能量大小。【詳解】A.因為原電池的構成條件之一為自發的放熱的氧化還原反應，所以該反應為放熱反應，則2molCu與1molAg2O的總能量高于1molCu2O與2molAg具有的總能量，A項錯誤；B.負極發生失電子的氧化反應，電極反應為2Cu＋2OH－－2e－＝Cu2O＋H2O，B項正確；C.測量原理示意圖中，電流方向從正極流向負極，即從Ag2O流向Cu，C項錯誤；D.原電池工作時，陰離子向負極移動，陽離子向正極移動，即OH－向Cu電極移動，D項錯誤；答案選B。【點睛】難點是B選項，電極反應式的書寫遵循氧化還原反應的基本規律，同時要考慮電解質溶液的酸堿性。18、D【解析】由化合價代數和為0可知，氮氧化鋁中鋁元素化合價為+3價，O為-2價，氮元素的化合價為-1。A．反應中N元素化合價降低，N2為氧化劑，A錯誤；B．根據上述分析，氮元素的化合價為-1，B錯誤；C．氮氧化鋁晶體中化學鍵應為共價鍵C錯誤；D．根據氮氧化鋁晶體的硬度可推斷其晶體類型應為原子晶體，D正確；故選D。19、B【解析】試題分析：對于鋅、銅和稀硫酸組成的原電池來說，①Zn是負極，正確；②電子由Zn經外電路流向Cu，正確；③在負極發生反應：Zn－2e－＝Zn2＋，錯誤。④溶液中H＋又鋅棒Zn棒遷移向Cu棒。錯誤。因此正確的說法是①②③，選項是B。考點：考查原電池的反應原理的知識。20、A【解析】

A．碘為催化劑，增大反應速率，濃度越大，反應速率越大，A正確；B．反應I中碘元素化合價降低，HI為還原產物，B錯誤；C．焓變為反應物與生成物的活化能之差，C錯誤；D．反應I較慢，決定著總反應的快慢，D錯誤；答案選A。21、C【解析】

A．鹵素單質都是由分子構成的物質，結構相似，相對分子質量越大，分子間作用力就越大，物質的熔沸點就越高，因此熔、沸點逐漸升高，A錯誤；B．從上到下，元素的非金屬性逐漸減弱，所以元素單質的氧化性逐漸減弱，B錯誤；C．從上到下原子核外電子層數逐漸增多，所以原子半徑逐漸增大，C正確；D．從上到下，元素的非金屬性逐漸減弱，元素的非金屬性越弱，其氫化物的穩定性就越弱，所以氣態氫化物穩定性逐漸減弱，D錯誤。答案選C。22、C【解析】

A.純凈的乙酸由于溫度降低至其熔點時會凝結為像冰一樣的固體，因此又稱為冰醋酸，A正確；B.乙醇分子是極性分子，水分子是極性分子，根據相似相容原理可知：乙醇容易溶于水，能與水以任意比互溶，B正確；C.乙酸能與碳酸鹽反應制取CO2氣體，說明乙酸是比碳酸強的酸，C錯誤；D.由于酸性：醋酸>碳酸，所以用食醋清除暖瓶中的水垢，醋酸與食醋發生反應產生可溶性醋酸鈣、水、二氧化碳，從而可達到除水垢的目的，D正確；故合理選項是C。二、非選擇題(共84分)23、氧元素AlO3SO2H2O2（或Na2O2）Al2O3+2OH-=2AlO2-+H2O離子鍵和非極性共價鍵【解析】

短周期的四種元素A、B、C、D，它們的原子序數依次增大，A在周期表中原子半徑最小，則A為氫元素；A、C位于同一主族，則C為鈉元素，B、D的最外層電子數相等，為同主族元素，且B、D的原子序數之和為A、C原子序數之和的兩倍，則B為氧元素，D為硫元素，E是自然界中含量最高的金屬，E為鋁元素，據此分析解答。【詳解】根據上述分析，A為氫元素，B為氧元素，C為鈉元素，D為硫元素，E為鋁元素。(1)B為氧元素；E是自然界中含量最高的金屬，為鋁元素，化學符號為：Al，故答案為：氧元素；Al；(2)在H、O、Na、S四種元素中，能形成漂白作用的物質有：SO2、H2O2、Na2O2、O3等，故答案為：SO2；O3；H2O2(或Na2O2)；(3)C與D形成的化合物為Na2S，形成過程為它的電子式為，故答案為：；(4)E的最高價氧化物為氧化鋁，具有兩性，能夠與強堿反應生成偏鋁酸鹽和水，離子方程式：Al2O3+2OH-=2AlO2-+H2O，故答案為：Al2O3+2OH-═2AlO2-+H2O；(5)B和C兩元素形成的原子個數比為1∶1的化合物為Na2O2，由鈉離子與過氧根離子構成，鈉離子與過氧根離子之間形成離子鍵，過氧根離子中氧原子之間形成非極性共價鍵，故答案為：離子鍵和非極性共價鍵。【點睛】本題的易錯點為(2)，要注意具有漂白作用的物質主要包括：強氧化劑氧化漂白，二氧化硫化合漂白，活性炭吸附漂白。24、第三周期，ⅦA族Cl2＋H2O＝H＋＋Cl－＋HClO【解析】

由A為黃綠色氣體可知，A為氯氣；由C和D均為酸，其中C具有漂白性可知，B為水、C為次氯酸、D為鹽酸，反應①為氯氣與水反應生成鹽酸和次氯酸；由E能和鹽酸反應、F能和氯氣反應可知，E為常見的活潑變價金屬，則E為鐵、F為氯化亞鐵、G為氫氣、H為氯化鐵，反應②為鐵與鹽酸反應生成氯化亞鐵和氫氣，反應③為氯化亞鐵溶液與氯氣反應生成氯化鐵；由I為紫紅色常見金屬可知，I為銅，反應④為氯化鐵溶液與銅反應生成氯化亞鐵和氯化銅。【詳解】（1）氯元素的原子序數為17，位于元素周期表第三周期ⅦA族；D為氯化氫，氯化氫為共價化合物，電子式為，故答案為：第三周期ⅦA族；；（2）反應①為氯氣與水反應生成鹽酸和次氯酸，反應的離子方程式為Cl2＋H2O＝H＋＋Cl－＋HClO，故答案為：Cl2＋H2O＝H＋＋Cl－＋HClO；（3）反應④為氯化鐵溶液與銅反應生成氯化亞鐵和氯化銅，反應中轉移電子數目為2e—，用單線橋表示電子轉移的方向和數目為，故答案為：。【點睛】由E能和鹽酸反應、F能和氯氣反應確定E為常見的活潑變價金屬是解答難點，也是推斷的突破口。25、CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O碳酸鈉（Na2CO3）防止倒吸b【解析】分析：本題是乙酸乙酯制備實驗的有關探究。根據乙酸乙酯制備制備原理，除雜方法，實驗中儀器的選擇和注意事項進行解答。詳解：（1）在濃硫酸的作用下，乙醇和乙酸發生酯化反應生成乙酸乙酯，反應的化學方程式是CH3COOH+C2H5OH

CH3COOC2H

5+H2O。

（2）由于乙醇和乙酸都是易揮發的，所以生成的乙酸乙酯中含有乙醇和乙酸，除去乙醇和乙酸的試劑是飽和的碳酸鈉溶液。

（3）由于乙醇和乙酸都是和水互溶的，如果直接插入水中吸收，容易引起倒吸，所以試管b中的導管不伸入液面下的原因是防止溶液倒吸。

（4）乙酸乙酯不溶于水，分液即可，需要用到的儀器是分液漏斗，答案選b。

26、坩堝否引入后面操作中無法除去的新雜質硝酸根離子靜置，取少量上層清液于試管中，滴加氯化鋇溶液，若無沉淀生成說明硫酸根離子已沉淀完全除去過量的鋇離子減少一次過濾操作，減少損耗除去溶解在溶液中的二氧化碳和多余的鹽酸【解析】

由流程可知，加熱混有硫酸鈉、碳酸氫銨的氯化鈉后碳酸氫銨分解，殘留物為氯化鈉和硫酸鈉的混合物，將殘留物溶解后加入過量氯化鋇溶液，硫酸根離子與鋇離子反應生成硫酸鋇沉淀，加入碳酸鈉溶液除去過量的鋇離子，過濾除去硫酸鋇、碳酸鋇沉淀后向濾液中加入鹽酸除去過量的碳酸鈉，最后通過加熱煮沸得到純凈的氯化鈉，以此來解答。【詳解】（1）操作①是將固體混合物加熱，使用到的儀器為坩堝；（2）改用硝酸鋇會使溶液中引入新的雜質離子NO3－，以后操作中無法除去，因此不能改用硝酸鋇；（3）操作②中鋇離子與硫酸根離子反應生成硫酸鋇沉淀，檢驗硫酸根離子已除盡的方法是：靜置，取少量上層清液于試管中，滴加氯化鋇溶液，若無沉淀生成說明硫酸根離子已沉淀完全；（4）操作③加入碳酸鈉溶液，碳酸鈉與過量的氯化鋇反應生成碳酸鋇和氯化鈉，從而除去過量的氯化鋇；不先過濾后加碳酸鈉溶液的目的是減少一次過濾操作，減少損耗。（5）濾液中含有過量的鹽酸和溶解的二氧化碳，因此操作④的目的是除去溶解在溶液中的二氧化碳和多余的鹽酸。【點睛】本題考查混合物分離提純，為高頻考點，把握流程中發生的反應、混合物分離為解答關鍵，側重分析與實驗能力的考查，題目難度不大。27、氧化性：Cl2＞Br2溶液的顏色由黃色變為藍色2Br﹣+Cl2=Br2+2Cl﹣向溶液中加入CCl4，振蕩，靜置，液體分為上下兩層，下層呈紫紅色不能①中所得黃色溶液中可能含有Cl2，會干擾Br2、I2氧化性的比較【解析】(1)步驟①溶液變為黃色是氯氣與溴離子發生氧化還原反應，生成單質溴，說明氧化性：Cl2＞Br2；實驗③中淀粉遇到碘溶液變成藍色，故答案為氧化性：Cl2＞Br2；溶液的顏色由黃色變為藍色；(2)步驟①溶液變為黃色是氯氣與溴離子發生氧化還原反應，生成單質溴，反應的離子方程式為：2Br-+Cl2=Br2+2Cl-，故答案為2Br-+Cl2=Br2+2Cl-；(3)檢驗②中所得黃色溶液含I2的另一種方法是萃取的方法，具體操作向溶液中加入CCl4，振蕩，靜置，液體分為上下兩層，下層呈紫紅色，故答案為向溶液中加入CCl4，振蕩，靜置，液體分為上下兩層，下層呈紫紅色；(4)①中所得溶液中可能含有過量的氯氣，對后繼氧化性強弱的比較產生干擾，故答案為不能；①中所得黃色溶液中可能含有Cl2，會干擾Br2、I2氧化性的比較。點睛：本題為探究題和實驗設計題，用以比較鹵素單質的氧化性強弱，注意本題中要排除干擾因素的存在，掌握氧化還原反應有關知識以及鹵素的性質是解答的關鍵。28、NO23Cu+8H++2NO3-==3Cu2++2NO↑+4H2O2CO2+2Na2O2====2Na2CO3+O22NH4Cl+Ca(OH)2CaCl2+2NH3↑+2H2O向下排空氣法【解析】分析：C能使濕潤的紅色石蕊試紙變藍，應為N