眉山車城中學2025屆高二上期末試卷物理考試時間：75分鐘滿分：100分一、單項選擇題：（共24分，每小題3分）1.下列說法正確的是（）A.電場強度的方向就是電荷在電場中受力的方向，磁場的方向就是小磁針在磁場中受力的方向B.麥克斯韋關于電磁場理論的假設指出：變化的磁場一定產生變化的電場C.當波源遠離觀測者時，接收到的頻率變小；對于波的穩定干涉圖樣，減弱區的質點始終處于靜止狀態D.摩擦起電的結果是兩物體帶上等量異種電荷，感應起電的結果也是導體的兩端帶上等量異種電荷【答案】D【解析】【詳解】A．電場強度的方向就是正電荷在電場中受力的方向相同，磁場的方向就是小磁針在磁場中北極受力的方向，A錯誤；B．麥克斯韋關于電磁場理論的假設指出：變化的磁場會產生電場，均勻變化的磁場會產生恒定的電場，周期性變化的磁場會產生周期性變化的電場，B錯誤；C．當波源遠離觀測者時，接收到的頻率變小；對于波的穩定干涉圖樣，減弱區的質點振動較弱，但不一定始終處于靜止狀態，C錯誤；D．摩擦起電的結果是兩物體帶上等量異種電荷，感應起電的結果也是導體的兩端帶上等量異種電荷，D正確。故選D。2.飛力士棒是一種物理治療康復器材，利用該棒能有效鍛煉軀干肌肉。標準型飛力士棒的整體結構如圖所示，兩端的負重頭用一根軟桿連接，中間有一握柄。鍛煉時用雙手握住握柄驅動飛力士棒振動，已知該棒的固有頻率為8Hz，下列關于飛力士棒的認識正確的是（??）A.雙手驅動飛力士棒振動的頻率越大，飛力士棒的振幅一定越大B.雙手驅動飛力士棒振動的頻率為10Hz時，飛力士棒振動的頻率為8HzC.雙手驅動飛力士棒振動的頻率為8Hz時，飛力士棒會產生共振現象D.若負重頭的質量減小，則飛力士棒的固有頻率不變【答案】C【解析】【詳解】B．飛力士棒振動的頻率與雙手驅動飛力士棒振動的頻率相等，選項B錯誤；AC．飛力士棒振動的頻率與該棒的固有頻率相等時，會產生共振現象，此時飛力士棒的振幅最大，選項C正確、A錯誤；D．若負重頭的質量減小，則飛力士棒的固有頻率會發生變化，選項D錯誤。故選C。3.有一束波長為的單色光從空氣射入某種透明介質，入射角為，折射角為，則下列說法正確的是（）A.介質的折射率是B.這束光在介質中傳播的速度是C.這束光的頻率是D.這束光發生全反射的臨界角是【答案】C【解析】【詳解】A.該介質的折射率故選項A不合題意．B.光在介質中傳播的速度故選項B不合題意．C.該束光的頻率為故選項C符合題意．D.因為臨界角該束光發生全反射的臨界角為45°，故選項D不合題意．4.如圖甲所示，a、b位于兩個等量異種電荷的連線上，且a、b到O點的距離相等；如圖乙所示，兩根相互平行的長直導線垂直紙面通過M、N兩點，為MN的中點，c、d位于MN的連線上，且c、d到O點的距離相等，兩導線中通有等大反向的恒定電流，下列說法正確的是（）A.O點處的電場強度為零B.a、b處的電場強度大小相等，方向相反C.c、d處的磁感應強度大小相等，方向相同D.點處的磁感應強度為零【答案】C【解析】【詳解】A．正電荷在O點處的電場強度方向水平向右，負電荷在O點處的電場強度方向水平向右，根據場強疊加可知，O點處的總電場強度不為零，故A錯誤；B．根據對稱性可知，a、b處的電場強度大小相等，方向相同，均水平向右，故B錯誤；CD．根據右手螺旋定則，M、N兩點處長直導線在c、d、點處磁感應強度方向均豎直向下，根據對稱性以及場強疊加可知，c、d處的磁感應強度大小相等，方向相同；點處的磁感應強度不為零，故C正確，D錯誤。故選C。5.如圖所示，通電直導線右邊有一個矩形線ABCD，線框平面與直導線共面，若使線框ABCD第一次平行移動到圖中虛線位置，第二次以BC邊為軸翻轉180°到圖中虛線位置，則（）A.虛線位置的磁通量與原位置磁通量相等B.虛線位置的磁通量比原位置磁通量小C.兩次磁通量變化是相等的D.第一次矩形線框中產生感應電流，第二次矩形線框中沒有產生感應電流【答案】B【解析】【詳解】AB．離導線越遠，導線產生的磁場越弱，則虛線位置的磁通量比原位置磁通量小，虛線位置的磁通量與原位置磁通量不相等，故A錯誤，B正確；C．第一次磁場方向從同一個面穿過，磁通量變化為第二次磁場方向從同正反兩個面穿過，磁通量變化為則第一次磁通量的變化比第二次磁通量變化小，并不相等，故C錯誤；D．兩次矩形線框中磁通量均發生變化，都有感應電流產生，故D錯誤。故選B。6.如圖，平面直角坐標系xoy中有一勻強電場，ABC構成正三角形，A點坐標為，C點坐標為。將電量為試探電荷從A點移到B、C兩點，靜電力做功分別為、，以下說法正確的是（）A.A、C兩點電勢差為B.y軸上所有點電勢都相等C.該勻強電場的場強為250N/CD.將電量為正電荷有B點移到C點電勢能減少【答案】B【解析】【詳解】A．A、C兩點電勢差為故A錯誤；B．A、B兩點電勢差為則可知y軸為等勢線，故y軸上所有點電勢都相等，故B正確；C．由上述分析可知，電場線方向為方向，該勻強電場的場強為故C錯誤；D．將電量為正電荷有B點移到C點，電場力做功為根據功能關系，將電量為正電荷有B點移到C點電勢能增加，故D錯誤。故選B。7.如圖，電源的電動勢為E，內阻為r，為定值電阻且，電表均為理想電表。閉合開關S后，在滑動變阻器R的滑片P由最左端a向最右端b移動的過程中（）A.電流表和電壓表示數均逐漸增大B.電源的效率逐漸變小C.電壓表與電流表示數改變量比值的絕對值逐漸減小D.電源的輸出功率逐漸減小【答案】B【解析】【詳解】A．滑動變阻器R的滑片P由最左端a向最右端b移動的過程中，R減小，則總電阻減小，總電流變大，電流表示數逐漸增大，路端電壓減小，則電壓表讀數減小，選項A錯誤；B．電源的效率因外電阻減小，則電源效率逐漸變小，選項B正確；C．根據可知電壓表與電流表示數改變量比值的絕對值不變，選項C錯誤；D．當外電阻與電源內阻相等時電源輸出功率最大，因為R外=R0+R=r+R因R減小，則外電阻向內阻靠近，則電源的輸出功率逐漸變大，選項D錯誤。故選B8.如圖所示，電子由靜止開始經加速電場加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉電場，并從另一側射出。已知電子質量為m，電荷量為e，加速電場電壓為U0，偏轉電場可看成勻強電場，極板間電壓為U，極板長度為L，板間距為d。忽略電子所受重力，電子射入偏轉電場時初速度v0和從偏轉電場射出時沿垂直板面方向的偏轉距離Δy分別是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】【詳解】根據動能定理，有電子射入偏轉電場時的初速度在偏轉電場中，電子的運動時間加速度偏轉距離故選D。二、多選題：（每題4分，共16分，漏選得2分，錯選不得分）9.如圖所示為某靜電除塵裝置的原理簡圖，廢氣先經過一個機械過濾裝置再進入靜電除塵區，放電極和集塵極加上高壓電場，放電極使塵埃帶上負電，塵埃在電場力的作用下向集塵極遷移并沉積，從而達到除塵目的，圖中虛線為電場線（方向未標），不考慮塵埃的重力。結合以上情境下列正確的是（）A.塵埃將沿著電場線從放電極向集塵極運動B.此電場中電勢降低的方向，就是場強的方向C.塵埃在遷移過程中電勢能減小D.圖中A點電勢低于B點電勢【答案】CD【解析】【詳解】A．塵埃受到的電場力沿電場線的切線方向，不可能沿電場線運動，故A錯誤；B．沿電場線方向電勢降低，場強方向沿電場線切線方向，故B錯誤；C．塵埃在遷移過程中只受電場力，動能在增大，電場力做正功，電勢能減小，故C正確；D．塵埃在電場力的作用下向集塵極遷移，負電荷所受力方向與場強方向相反，因此電場線從集塵集指向放電極，沿電場線方向電勢降低，故A點電勢低于B點電勢，故D正確。故選CD。10.近年來，人工智能機器人逐漸走入我們的生活。如圖，某科技小組在研究掃地機器人內部直流電動機的性能時，發現當電動機兩端的電壓為U1、通過的電流為I1時，電動機沒有轉動；當電動機兩端的電壓為U2、通過的電流為I2時，電動機正常轉動。關于這臺電動機的電阻和正常工作時的輸出功率，下列說法正確的是（）A.電動機的電阻為B.電動機的電阻為C.正常工作時的輸出功率為D.正常工作時的輸出功率為【答案】AC【解析】【詳解】AB．電動機沒有轉動，可以視為純電阻，電阻故A正確，B錯誤；CD．由電動機正常工作時，輸出功率故C正確，D錯誤。故選AC。11.戰繩運動是健身房設計用來減脂的一項爆發性運動，人們在做戰繩運動時，用手抓緊繩子，做出甩繩子的動作，使得繩子呈波浪狀向前推進，形成橫波（可視為簡諧橫波）。圖甲為一列簡諧橫波在t＝0.20s時刻的波形圖，P點是平衡位置在x＝1.0m處的質點，Q點是平衡位置在x＝4.0m處的質點，M點是平衡位置在x＝8.0m處的質點；圖乙為質點Q的振動圖象。下列說法正確的是（）A.該波向左傳播，波速為40m/s B.質點M與質點Q的運動方向總是相反C.t＝0.75s時，Q點的位移為10cm D.在0.50s時間內，質點M通過的路程為1.0m【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖乙可知，當時，Q點在向上運動，根據“同側法”可知，波沿x軸正方向，波速為故A錯誤；B．質點M與質點Q相差半個波長，則它們的運動方向總是相反，選項B正確；C．時Q點位移為-10cm，故C錯誤；D．在0.50s時間內則質點M通過路程為故D正確。故選BD。12.小明坐在汽車的副駕駛位上看到一個現象：當汽車的電動機啟動時，汽車的車燈會瞬時變暗。汽車的電源、電流表、車燈、電動機連接的簡化電路如圖所示，已知汽車電源電動勢為15V，內阻為0.1Ω。車燈接通電動機未啟動時，電流表示數為15A（車燈可看作不變的電阻）；電動機啟動的瞬間，電流表示數達到60A，電動機的線圈電阻為0.1Ω。下列論述正確的是（）A.車燈接通電動機未啟動時，車燈的功率為225WB.電動機啟動時，車燈的功率為90WC.電動機啟動時輸出的機械功率為195WD.電動機啟動時，電源輸出的功率為540W【答案】BD【解析】【詳解】A．根據題意可知，電動機未啟動時，車燈、電流表和電源串聯，根據閉合電路歐姆定律可知此時的路端電壓則車燈的功率故A錯誤；B．根據歐姆定律可知，車燈的電阻電動機啟動瞬間，車燈兩端電壓車燈的功率故B正確；C．電動機啟動時，流經車燈的電流電動機啟動時，流經電動機的電流輸出的機械功率故C錯誤；D．電動機啟動時，電源輸出的功率為故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（非選擇題）三、實驗題（共20分）13.如圖甲所示是一個擺線長度可調的單擺振動的情景圖，O是它的平衡位置，P、Q是小球所能到達的最高位置．圖乙是某擺長時小球的振動圖象，g取10。（1）按照圖甲所示的裝置組裝好實驗器材，為測量單擺的擺動周期，測量時間應從擺球經過__________（填“O”“P”或“Q”）時開始計時；（2）測出懸點O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g＝______________（用L、n、t、π表示）。（3）用多組實驗數據作出圖象，也可以求出重力加速度g。已知三位同學作出的圖線的示意圖分別如圖中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點，圖線b對應的g值最接近當地重力加速度的值。則相對于圖線b，下列分析正確的是__________（選填選項前的字母）。A．出現圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長LB．出現圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次C．圖線c對應的g值小于圖線b對應的g值（4）若把該裝置從車城中學移動到莫斯科某教堂內，則單擺的擺動周期將__________。（選填變大、變小、不變）【答案】①.O②.③.B④.變小【解析】【詳解】（1）[1]為測量單擺的擺動周期，測量時間應從擺球經過O時開始計時；（2）[2]單擺的周期為由單擺的周期為得（3）[3]A．根據單擺周期公式得圖像斜率為；設小球的半徑為r，則根據數學知識對比斜率相等，兩者應該平行，是截距，故出現a圖像的原因是誤將懸點到小球上端的距離記為擺長，故A錯誤；B．誤將49次全振動記為50次時周期測量值偏小，導致重力加速度測量值偏大，圖像斜率偏小，故B正確；C．由圖線斜率是，知圖線c對應的斜率最小，g值最大，大于圖線b對應的g值，故C錯誤。故選B。（4）[4]若把該裝置從車城中學移動到莫斯科某教堂內，緯度升高，重力加速度變大，周期將變小。14.城中學物理社團開展測量一個由均勻新材料制成圓柱體的電阻率ρ的實驗．步驟如下：（1）用20分度的游標卡尺測量其長度如圖所示，可知其長度為___________mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖所示，可知其直徑為__________mm；（3）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數如圖所示，則該電阻的阻值約為__________Ω；（4）為更精確地測量其電阻，現有的器材及其代號和規格如下：待測圓柱體電阻R電流表（量程0～3mA，內阻約50Ω）電流表（量程0～15mA，內阻約30Ω）電壓表（量程0～3V，內阻約10kΩ）電壓表（量程0～15V，內阻約25kΩ）滑動變阻器（阻值范圍0～15Ω）滑動變阻器（阻值范圍0～2kΩ）直流電源E（電動勢4V，內阻不計）開關S，導線若干為使實驗誤差較小，電流表應選擇__________，電壓表應選__________，滑動變阻器應選__________。（填器材的代號）．實驗要求測得多組數據進行分析，請在虛線框中畫出測量用的正確電路圖_______。（5）測得金屬絲的長度為L（m），直徑的平均值為D（m），電阻的平均值為R（Ω），則該金屬絲電阻率的表達式為ρ＝__________。【答案】①.50.15②.4.697##4.698##4.699##4.700③.220④.A2⑤.V1⑥.R1⑦.見解析；⑧.【解析】【詳解】（1）[1]用20分度的游標卡尺測量其長度為50mm+0.05mm×3=50.15mm；（2）[2]用螺旋測微器測量其直徑為4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm；（3）[3]該電阻的阻值約為22×10Ω=220Ω；（4）[4][5][6]電路中可能產生的最大電流為為使實驗誤差較小，電流表應選擇A2；電源電動勢為4V，電壓表應選V1；滑動變阻器要接成分壓電路，則應選R1。[7]因則應該用電流表外接電路；實驗要求測得多組數據進行分析，滑動變阻器用分壓電路，畫出測量用的正確電路如圖。（5）[8]根據該金屬絲電阻率的表達式為三、解答題（38分）15.如圖所示，在A點固定一點電荷，它所帶的電荷量為+Q（Q>0），B點和C點均為A點正上方的點。將質量為m、帶電荷量為q的帶正電小球（可視為點電荷）放置于B點時，小球恰好能保持靜止。靜電力常量為k，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。（1）求A、B兩點間的距離x；（2）若小球所帶的電荷量，在外界作用下將小球從B點移至C點，該過程中小球的電勢能減小了，求B、C兩點間的電勢差UBC。【答案】（1）；（2）15V【解析】【詳解】（1）帶電小球放置于B點時恰好能保持靜止，根據受力平衡有F庫=mg根據庫侖定律有解得（2）根據電勢能變化量和電場力做功的關系有B、C兩點間的電勢差解得16.一束范圍足夠大的平行激光束，垂直于半圓柱透鏡的平面射到半圓柱透鏡上，如圖所示，已知其中一條光線沿直線穿過透鏡，它的入射點是O；另一條光線的入射點A，穿過透鏡后兩條光線交于P點，已知透鏡在截面的圓半徑為R，，.光在真空中的速度為c（1）求透鏡材料的折射率.（2）入射點為A的光從A到傳播到P所需的時間（3）光能從半圓柱透鏡射出的入射光寬度x【答案】（1）