2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"o

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.如圖是德國物理學家史特恩設計的最早測定氣體分子速率的示意圖.M、N是兩個共軸圓筒的橫截面，外筒N的

半徑為R,內筒的半徑比R小得多，可忽略不計.筒的兩端封閉，兩筒之間抽成真空，兩筒以相同角速度"繞其中心

軸線勻速轉動.M筒開有與轉軸平行的狹縫S,且不斷沿半徑方向向外射出速率分別為v/和丫2的分子，分子到達N

筒后被吸附，如果R、町、叱2保持不變，◎取某合適值，則以下結論中正確的是（）

A.當當一二紅時（n為正整數），分子落在不同的狹條上

V2co

RR2兀

B.當7+7=〃一時（n為正整數），分子落在同一個狹條上

V,V2co

C.只要時間足夠長，N筒上到處都落有分子

D.分子不可能落在N筒上某兩處且與S平行的狹條上

2.如圖所示，在半徑為R的半圓和長為2R、寬為立R的矩形區域內充滿磁感應強度為8的勻強磁場，方向垂直于

3

紙面向里。一束質量為，小電量為g的粒子（不計粒子間相互作用）以不同的速率從邊界4c的中點垂直于4c射入

磁場.所有粒子從磁場的E尸圓弧區域射出（包括E、F點）其中EO與尸。（O為圓心）之間夾角為60。。不計粒子重

力.下列說法正確的是（）

A.粒子的速率越大，在磁場中運動的時間越長

B.粒子在磁場中運動的時間可能為駕

3qB

、,.,,,57rm

C.粒子在磁場中運動的時間可能為

6qB

D.粒子的最小速率為名”

6m

3

3.如圖所示，質量為50kg的同學在做仰臥起坐運動.若該同學上半身的質量約為全身質量的《，她在Imin內做了

50個仰臥起坐，每次上半身重心上升的距離均為0.3m,則她克服重力做的功W和相應的功率P約為

A.W=4500JP=75WB.W=450JP=7.5W

C.W=3600JP=60WD.W=360JP=6W

4.2020年3月9日19時55分，我國在西昌衛基發射中心，成功發射北斗系統第五十四顆導航衛星，北斗三號CEO-2

是一顆地球同步軌道衛星，以下關于這顆衛星判斷正確的是（）

A.地球同步軌道衛星的運行周期為定值

B.地球同步軌道衛星所受引力保持不變

C.地球同步軌道衛星繞地運行中處干平衡狀態

D.地球同步軌道衛星的在軌運行速度等于第一宇宙速度

5.如圖所示，細線的一端固定于。點，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內由A點

運動到B點，下列說法中正確的是（）

A.水平拉力先增大后減小

B.水平拉力先減小后增大

C.水平拉力的瞬時功率先減小后增大

D.水平拉力的瞬時功率逐漸增大

6.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，速度為0.5m/s,周期為4s。Uis時波形如圖甲所示，a、b、c、d是波上的四個

質點。如圖乙所示是波上某一質點的振動圖像。下列說法正確的是（）

A.這列波的波長為1m

B.QOs時質點a的速度與質點人的速度相等

C.Uis質點a的加速度大小比質點b的加速度大

D.如圖乙表示的是質點?的振動圖像

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7.在大型物流貨場，廣泛的應用傳送帶搬運貨物.如圖甲所示，與水平面傾斜的傳送帶以恒定的速率運動，皮帶始終

是繃緊的，將m=lkg的貨物放在傳送帶上的A端，經過1.2s到達傳送帶的B端.用速度傳感器測得貨物與傳送帶的

速度v隨時間t變化的圖象如圖乙所示.已知重力加速度g=10m/s2,則可知（）

A.貨物與傳送帶間的動摩擦因數為0.5

B.A、B兩點的距離為2.4m

C.貨物從A運動到B過程中，傳送帶對貨物做功的大小為12.8J

D.貨物從A運動到B過程中，貨物與傳送帶摩擦產生的熱量為4.8J

8.如圖所示，在粗糙水平面上放置質量分別為機、機、3機、2機的四個木塊A、B、C、D,木塊A、B用一不可伸長

的輕繩相連，木塊間的動摩擦因數均為"，木塊C、D與水平面間的動摩擦因數相同，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。

若用水平拉力尸拉木塊B,使四個木塊一起勻速前進，重力加速度為g,則需要滿足的條件是（）

A.木塊A、C間的摩擦力與木塊B、D間的摩擦力大小之比為3：2

B.木塊C、D與水平面間的動摩擦因數最大為？

C.輕繩拉力尸T最大為4mg

D.水平拉力F最大為7"黑

9.如圖所示，在勻強電場中，有A、3、C、。、E、尸六個點組成了一個邊長為a=8Gcm的正六邊形，已知°F=2V,

<pc=8V,夕￡>=8V,一電子沿BE方向射入該電場。則下列說法正確的是（）

A.電子可能從尸點射出

B.該電場的電場強度為25V/m

C.該電場中A點電勢為蛇=2V

D.如果電子從OE中點經過，則該電子在中點的電勢能為6eV

10.如圖所示電路中，電源內阻忽略不計.閉合電鍵，電壓表示數為U,電流表示數為/；在滑動變阻器R的滑片P

由a端滑到b端的過程中

A.U先變大后變小B./先變小后變大

C.。與/比值先變大后變小D.U變化量與/變化量比值等于心

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）用如圖所示裝置探究鉤碼和小車（含祛碼）組成的系統的“功能關系”實驗中，小車碰到制動擋板時，鉤碼

尚未到達地面。

(1)平衡摩擦力時，(填“要”或“不要”)掛上鉤碼；

(2)如圖乙是某次實驗中打出紙帶的一部分，0、A、5、C為4個相鄰的計數點，相鄰的兩個計數點之間還有4個打出

的點沒有畫出，所用交流電源的頻率為50Hz通過測量，可知打點計時器打8點時小車的速度大小為m/s(結

果保留兩位有效數字)；

(3)某同學經過認真、規范的操作，得到一條點跡清晰的紙帶，他把小車開始運動時打下的點記為O,再依次在紙帶上

取等時間間隔的1、2、3、4、5、6等多個計數點，可獲得各計數點到。的距離s,及打下各計數點時小車的瞬時速度

vo如圖丙是根據這些實驗數據繪出的圖象，已知此次實驗中鉤碼的總質量為0.15kg,小車中祛碼的總質量為

0.50kg,取重力加速度g=10m/s2,根據功能關系由圖象可知小車的質量為kg(結果保留兩位有效數字)；

(4)研究實驗數據發現，鉤碼重力做的功總略大于系統總動能的增量，其原因可能是。

A.鉤碼的重力大于細線的拉力

B.未完全平衡摩擦力

C.在接通電源的同時釋放了小車

D.交流電源的實際頻率大于50Hz

12.(12分)導電玻璃是制造LCD的主要材料之一，為測量導電玻璃的電阻率，某小組同學選取了一個長度為L的圓

柱體導電玻璃器件，上面標有“3V,L”的字樣，主要步驟如下，完成下列問題.

(1)首先用螺旋測微器測量導電玻璃的直徑，示數如圖甲所示，則直徑上mm.

(2)然后用歐姆表xlOO檔粗測該導電玻璃的電阻，表盤指針位置如圖乙所示，則導電玻璃的電阻約為S1.

(3)為精確測量R,在額定電壓時的阻值，且要求測量時電表的讀數不小于其量程的,，滑動變阻器便于調節，他們根

3

據下面提供的器材，設計了一個方案，請在答題卡上對應的虛線框中畫出電路圖，標出所選器材對應的電學符號

A.電流表A1（量程為60mA,內阻用、約為3。）

B.電流表A2（量程為2mA,內阻/?A2=15Q）

C.定值電阻R|=747。

D.定值電阻R2=1985。

E.滑動變阻器R（0-20Q）一只

F.電壓表V（量程為10V,內阻&=1%。）

G.蓄電池E（電動勢為I2V,內阻很小）

H.開關S一只，導線若干

（4）由以上實驗可測得該導電玻璃電阻率值夕=（用字母表示，可能用到的字母有長度L、直徑d、電流表A1、A2

的讀數L、12,電壓表讀數U,電阻值R%、心、R、，、%、&）?

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）同學設計出如圖所示實驗裝置.將一質量為0.2kg的小球（可視為質點）放置于水平彈射器內，壓縮彈簧并鎖

定，此時小球恰好在彈射口，彈射口與水平面AB相切于A點,AB為粗糙水平面，小球與水平面間動摩擦因數二=彈射

器可沿水平方向左右移動,BC為一段光滑圓弧軌道.（O,為圓心，半徑二=0.5二，二二與O，B之間夾角為二=3“，以C為原

點，在C的右側空間建立豎直平面內的坐標xOy,在該平面內有一水平放置開口向左且直徑稍大于小球的接收器

D,sin37°=0.6,cos37°=0.8

⑴某次實驗中該同學使彈射口距離B處二」=16二處固定，解開鎖定釋放小球，小球剛好到達C處,求彈射器釋放的彈性

勢能；

⑵把小球放回彈射器原處并鎖定,將彈射器水平向右移動至離B處L2=0.8m處固定彈射器并解開鎖定釋放小球，小球將

從C處射出，恰好水平進入接收器D,求D處坐標；

（3）每次小球放回彈射器原處并鎖定,水平移動彈射器固定于不同位置釋放小球，要求小球從C處飛出恰好水平進入接收

器D,求D位置坐標y與x的函數關系式.

14.(16分)如圖所示，半徑R=7.5m的四分之一光滑圓弧QP豎直放置，與粗糙水平地面平滑連接于P點，整個空

間存在場強大小E=2xlO'V/m的勻強電場，豎直邊界右側電場方向水平向右，左側電場方向豎直向上；小物

塊A8(視為質點)大小形狀相同，A電荷量為q=+5xlO-3c,B不帶電，質量mA=3kg,mB=1kgo從。點由

靜止釋放A，與靜止在地面上。點的B碰撞。已知A8與地面間動摩擦因數均為〃=02,尸、。間距離.%=16.5m,

g取lOm/s?,43間碰撞為彈性碰撞且碰撞時間極短。求：

(1)物塊A運動到P點時，受到圓弧軌道支持力的大小；

(2)物塊4B碰撞后瞬間，4B速度的大小和方向；

(3)物塊4B第一次碰撞后，過多長時間發生第二次碰撞。

15.(12分)我國是世界上開發利用地下水資源最早的國家之一，浙江余姚河姆渡古文化遺址水井，其年代距今約5700

年。壓水井可以將地下水引到地面上，如圖所示，活塞和閥門都只能單向打開，提壓把手可使活塞上下移動，使得空

氣只能往上走而不往下走。活塞往上移動時，閥門開啟，可將直管中的空氣抽到閥門上面；活塞向下移動時，閥門關

閉，空氣從活塞處溢出，如此循環，地下水就在大氣壓的作用下通過直管被抽上來了。閥門下方的直管末端在地下水

位線之下，地下水位線距離閥門的高度/?=8m,直管截面積S=0.002m2,現通過提壓把手，使直管中水位緩慢上升

4m,,已知水的密度〃=1.0xl伊kg/nP,外界大氣壓強po=l.Oxl05pa,重力加速度g=lOm/sZ,直管中的氣體可視為理想

氣體：

⑴若該裝置的機械效率〃=0.4,求人對把手做的功；

(2)求直管中剩余空氣質量4m與直管中原空氣質量小。之比。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

R①R八coR

微粒從M到N運動時間，=一，對應N筒轉過角度夕=初=上一，即如果以vi射出時，轉過角度：4=次=—,

vv匕

八①RRR2"

如果以V2射出時，轉過角度：%=5=—,只要01、02不是相差27r的整數倍，即當------豐n—時（n為正

v2V1v2CD

整數），分子落在不同的兩處與S平行的狹條上，故A正確，D錯誤；若相差如的整數倍，則落在一處，即當

RR2萬

------=〃——時（n為正整數），分子落在同一個狹條上.故B錯誤；若微粒運動時間為N筒轉動周期的整數倍，

%彩a

微粒只能到達N筒上固定的位置，因此，故C錯誤.故選A

點睛：解答此題一定明確微粒運動的時間與N筒轉動的時間相等，在此基礎上分別以vi、V2射出時來討論微粒落到N

筒上的可能位置.

2、B

【解析】

ABC.粒子從F點和E點射出的軌跡如圖甲和乙所示;

對于速率最小的粒子從尸點射出，軌跡半徑設為“，根據圖中幾何關系可得:

解得

根據圖中幾何關系可得

sin(9.=——=——

42

解得a=60。，所以粒子軌跡對應的圓心角為120。；

粒子在磁場中運動的最長時間為

180°-60°2兀m2兀m

t.=-------------x-------=-------

360°qB3qB

對于速率最大的粒子從E點射出，軌跡半徑設為'2,根據圖中幾何關系可得

弓=/片一（Rsin60。+?/?>+/?cos60°

解得

7

r,=_R

3

根據圖中幾何關系可得

Rsin60°+^R§出

sin&=----------------——=---

r214

所以〃2<60。，可見粒子的速率越大，在磁場中運動的時間越短，粒子的速率越小運動時間越長，粒子在磁場中運動的

2兀m57rm

最長時間為南，不可能為前，故B正確、AC錯誤;

D.對從尸點射出的粒子速率最小，根據洛倫茲力提供向心力可得

解得最小速率為

2qBR

13m

故D錯誤。

故選B。

3、A

【解析】

33

每次上半身重心上升的距離均為0.3m,則她每一次克服重力做的功：W=-mgh=-x50x10x0.3=90J；1分鐘內克服重

力所做的功：W總=50W=50x90=45()0J；相應的功率約為：2=3=竺四=75卬，故A正確，BCD錯誤，故選

t60

A.

4、A

【解析】

A.同步衛星相對地球是靜止的，即運行周期等于地球自轉周期，為定值，A正確；

BC.地球同步軌道衛星所受引力充當圓周運動的向心力，時時刻刻指向圓心，為變力，其合力不為零，故不是出于平

衡狀態，BC錯誤；

D.第一宇宙速度是最小發射速度，最大環繞速度，即為在地球表面環繞的衛星的速度，而同步衛星軌道半徑大于地

也可知，軌道半徑越大，線速度越小，所以同步衛星運行速度小于第一宇宙速度，D錯誤。

球半徑，根據丫=

故選A。

5、D

【解析】

小球是以恒定速率運動，即做勻速圓周運動，小球受到的重力G、水平拉力R繩子拉力7,三者的合力必是沿繩子

指向。點，設繩子與豎直方向夾角是仇F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上，則有

F~mgtan0(1)

球由A點運動到8點。增大，說明水平拉力逐漸增大，故AB錯誤；

CD.由幾何關系可知拉力戶的方向與速度》的夾角也是0,所以水平力廠的瞬時功率是

p-Fvcos0(2)

聯立兩式可得

p=wgvsin0

從A到B的過程中，，是不斷增大的，所以水平拉力廠的瞬時功率是一直增大的.故C錯誤，D正確。

故選D。

6、C

【解析】

A.由題可知，速度為0.5m/s,周期為4s,則波長

A=vT=0.5x4=2m

A錯誤；

B.f=0s時質點。在波峰處，速度為零，質點8在平衡位置，速度最大，B錯誤；

T

C.因為周期7=4s,所以當Uls時經歷了下，此時質點。在平衡位置，位移為零，加速度為零，質點8在波峰處，位

4

移最大，加速度最大，C正確；

D.由乙圖可知，當Uis時該質點在波谷處，與此相符合的質點是質點c,D錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AD

【解析】

A、在0~0.2s時間內，貨物的速度小于傳送帶速度，貨物受到沿斜面向下的滑動摩擦力作用，由牛頓第二定律有

mgsin0+jumgcosO=mat,由圖乙可得4=1()加/$2,貨物加速到與傳送帶速度相等后，在0.2?1.2s時間內，貨

物速度大于傳送帶速度，故有機gsine-w〃gcose=sa2,由圖乙可得%=2，〃/d,聯立解得cos(9=0.8,〃=0.5,

故A正確；

B、VT圖象與f軸所圍的面積表示位移，貨物的位移等于傳送帶的長度，由圖乙可知傳送帶的長度為L=3.2?m,B錯

誤；

C、貨物受到的摩擦力為/=〃mgcos8=4N,o~0.25時間內的位移為玉=0.2m,對貨物受力分析知摩擦力沿傳

送帶向下，摩擦力對貨物做正功，皿“=八|=0.8?,同理0.2~1.2s時間內，貨物的位移為無2=即，摩擦力沿傳

送帶向上，對貨物做的負功為嗎2=一#2=-127，所以整個過程，傳送帶對貨物做功的大小為12J-0.8J=H.2J,C

錯誤；

D、貨物與傳送帶摩擦產生的熱量等于摩擦力乘以相對路程，0?02s時間內，傳送帶的位移為七=0.4m,0.2?1.2s

時間內，傳送帶的位移為％=和，總相對路程為&=毛-N+/-%=加2?,貨物與傳送帶摩擦產生的熱量為

2=/Ax=4.8?,故D正確.

點睛：本題一方面要分析工件的運動情況，由圖象結合求解加速度，再結合牛頓第二定律分兩個過程列式求解摩擦因

數及斜面傾角是關鍵，求摩擦產生的熱量注意找兩物體的相對位移.

8、BC

【解析】

A.設左側A與C之間的摩擦力大小為Fn,右側B與D之間摩擦力大小為尸已設木塊C、D與水平面間的動摩擦因數

最大為“'，木塊C、D均做勻速運動，與地面間的動摩擦因數相同，則

Ffi=4/i'mg,Fn=3ft'mg

得

尸n與樂之比為4：3,故A錯誤；

B.對A、C整體分析知，輕繩上的拉力大小

Fr=4^'mg

A剛要滑動時，靜摩擦力達到最大值

F-r=ftmg

聯立兩式得木塊C、D與水平面間的動摩擦因數最大為故B正確；

CD.對B、D整體分析，水平拉力廠最大不能超過最大靜摩擦力的大小，所以

F=N(Jmg)=---

4

f

〃(4mg)=Ring

故C正確，D錯誤。

故選BC?

9、BC

【解析】

A.因為是勻強電場，C、。兩點電勢相等，則必為等勢線，AC與尸。都與C。垂直，故C4與。尸皆為電場方向,

電子沿8E方向射入該電場，受到的電場力沿AC方向，不可能偏向8選項A錯誤;

B.電場強度為

U6V

￡=—^CA=-------------=25V/m

AC2acos30°

B正確；

C.因AF、8E都與CO平行，進一步可知這是三條等勢線，所以

<PA=(PF=2N,(PB=(PE=5N

選項C正確;

D.OE中點的電勢為6.5V,電子在中點的電勢能為6.5eV,D錯誤。

故選BC?

10、BC

【解析】

由圖可知電壓表測量的是電源的電壓，由于電源內阻忽略不計，則電壓表的示數總是不變，故A錯誤；在滑動變阻器

R1的滑片尸由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器R1的電阻先增大后減小，由于電壓不變，根據閉合電路歐姆定律

可知電流表示數先減小后增大，U與I的比值就是接入電路的飛的電阻與R2的電阻的和，所以u與I比值先變大后

變小，故C正確；由于電壓表示數沒有變化，所以U變化量與I變化量比值等于0,故D錯誤；

【點睛】當滑動變阻器的兩部分并聯在電路中時，在最中間時，電阻最大，滑片從一端移動到另一端的過程中，電阻

先增大后減小，

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、不要0.720.85BD

【解析】

(1)口].小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力作用，為了在實驗中能夠把細線對小車的拉力視為小車的

合外力，則應該用重力的下滑分力來平衡摩擦力，在平衡摩擦力時，不掛鉤碼，但要連接紙帶。

(2)[2].相鄰的兩個計數點之間還有4個打出的點沒有畫出，計數點間的時間間隔為

T=0.02x5s=0.1s

根據勻變速直線運動的規律可知，一段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，打8點的速度為

v?=~x102m/s=0.72m/s

112T2x0.1

(3)[3].設鉤碼的質量為小車的質量為小車中祛碼的質量為，1,對系統，由動能定理得

mgx=+m+m，）v2

整理得

2mgx

m++A/

v2-^圖象的斜率

k=2mg="2zs2

m+rn!+M0.25m

解得

M=0.85kg。

(4)[4].A.鉤碼的重力大于細線的拉力，不影響鉤碼重力做系統做的功，故A錯誤；

B.長木板的右端墊起的高度過低，未完全平衡摩擦力時，則摩擦力做負功，系統總動能的增量小于鉤碼重力做的功,

故B正確；

C.接通電源的同時釋放了小車，只會使得紙帶上一部分點不穩定，不影響做功與動能的增量，故C錯誤；

D.交流電源的實際頻率大于50Hz,如果代入速度公式的周期為0.02s,比真實的周期大，則求出來的速度偏小，則動

能偏小，故D正確。

故選BDo

12>1,990

【解析】

(1)螺旋測微器的固定刻度為1.5mm,可動刻度為49.0x0.01mm=0.490mm,所以最終讀數為

1.5mm+0.490mm=1.990mm(1.989?1.991mm均正確)

(2)表盤的讀數為5,所以導電玻璃的電阻約為5xl00C=500Q.

(3)電源的電動勢為12V,電壓表的量程為10V,滑動變阻器的電阻為20。，由于滑動變阻器的電阻與待測電阻的電

阻值差不多，若串聯使用調節的范圍太小，所以滑動變阻器選擇分壓式接法；流過待測電阻的電流約為：

3.

=0.006A=6mA,兩電壓表量程均不合適；

同時由于電壓表量程為10V,遠大于待測電阻的額定電壓3V,故常規方法不能正常測量；

所以考慮用電流表改裝成電壓表使用，同時電壓表量程為10V,內阻Rv=lkC,故滿偏電流為10mA,符合要求，故

將電壓表充當電流表使用，電流表A2與R2串聯充當電壓表使用，改裝后量程為4V,可以使用，由于改裝后電表已知,

故內外接法均可，故電路圖如圖所示；

u

(4)根據串并聯電路的規律可知，待測電阻中的電流：1=丁玉

電壓：UX=I2(R1+RA2)

由歐姆定律可知電阻：Rx=y

根據電阻定律可知：R=P4

S

J2

而截面積：S=rt—

4

_兀亡1]+&2)

z

聯立解得：P=A(u—7T

g-)

點睛：本題考查電阻率的測量，本題的難點在于儀表的選擇和電路接法的選擇，注意題目中特別要求測量時電表的讀

數不小于量程的1/3,所以一定要認真分析各電表的量程再結合所學規律才能正確選擇電路和接法.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)1.8J(2)彥二手:二)(3)y=7X

【解析】

(1)從A到C的過程中，由定能定理得：

W彈-jimgLi-mgR(l-cos0)=0,

解得：W#=1.8J.

根據能量守恒定律得：EP=W?=1.8J；

(2)小球從C處飛出后，由動能定理得：