2024屆廣西柳州柳北區七校聯考數學九年級第一學期期末檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題(每小題3分,共30分)1．如圖，已知在ΔABC中，DE∥BC，則以下式子不正確的是（）A． B． C． D．2．擲一枚質地均勻的硬幣次，下列說法中正確的是（）A．可能有次正面朝上 B．必有次正面朝上C．必有次正面朝上 D．不可能次正面朝上3．對于題目“如圖，在中，是邊上一動點，于點，點在點的右側，且，連接，從點出發，沿方向運動，當到達點時，停止運動，在整個運動過程中，求陰影部分面積的大小變化的情況"甲的結果是先增大后減小，乙的結果是先減小后增大，其中（）A．甲的結果正確 B．乙的結果正確C．甲、乙的結果都不正確，應是一直增大 D．甲、乙的結果都不正確，應是一直減小4．已知二次函數和一次函數的圖象如圖所示，下面四個推斷：①二次函數有最大值②二次函數的圖象關于直線對稱③當時，二次函數的值大于0④過動點且垂直于x軸的直線與的圖象的交點分別為C,D，當點C位于點D上方時，m的取值范圍是或，其中正確的有（）A．1個 B．2個 C．3個 D．4個5．如圖，某數學興趣小組將長為，寬為的矩形鐵絲框變形為以為圓心，為半徑的扇形(忽略鐵絲的粗細)，則所得扇形的面積為（）A． B． C． D．6．下列命題錯誤的是（）A．對角線互相垂直平分的四邊形是菱形B．一組對邊平行，一組對角相等的四邊形是平行四邊形C．矩形的對角線相等D．對角線相等的四邊形是矩形7．下列圖形中，既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形的共有（）A．1個 B．2個 C．3個 D．4個8．全等圖形是相似比為1的相似圖形，因此全等是特殊的相似，我們可以由研究全等三角形的思路，提出相似三角形的問題和研究方法．這種其中主要利用的數學方法是（）A．代入法 B．列舉法 C．從特殊到一般 D．反證法9．如圖，已知，那么下列結論正確的是（）A． B． C． D．10．順次連接邊長為的正六邊形的不相鄰的三邊的中點，又形成一個新的正三角形，則這個新的正三角形的面積等于（）A． B． C． D．二、填空題(每小題3分,共24分)11．若，且，則的值是__________．12．如圖，在菱形中，邊長為10，．順次連結菱形各邊中點，可得四邊形；順次連結四邊形各邊中點，可得四邊形；順次連結四邊形各邊中點，可得四邊形；按此規律繼續下去…．則四邊形的周長是_________．13．在中，，，則______．14．如圖，圓是銳角的外接圓，是弧的中點，交于點，的平分線交于點，過點的切線交的延長線于點，連接，則有下列結論：①點是的重心；②；③；④，其中正確結論的序號是__________．15．在泰州市舉行的大閱讀活動中，小明同學發現自己的一本書的寬與長之比為黃金比．已知這本書的長為20cm，則它的寬為________cm．(結果保留根號)16．因式分解x3-9x=__________．17．已知如圖，是的中位線，點是的中點，的延長線交于點A，那么=__________．18．在平面直角坐標系中，和是以坐標原點為位似中心的位似圖形，且點．若點,則的坐標為__________．三、解答題(共66分)19．（10分）已知二次函數的圖象如圖所示．（1）求這個二次函數的表達式；（2）當﹣1≤x≤4時，求y的取值范圍．20．（6分）（l）計算：；（2）解方程.21．（6分）國慶期間，某風景區推出兩種旅游觀光活動付費方式：若人數不超過20人，人均繳費500元；若人數超過20人，則每增加一位旅客，人均收費降低10元，但是人均收費不低于350元．現在某單位在國慶期間組織一批貢獻突出的職工到該景區旅游觀光，支付了12000元觀光費，請問：該單位一共組織了多少位職工參加旅游觀光活動？22．（8分）如圖，要建一個底面積為130平方米的雞場，雞場一邊靠墻(墻長16米)，并在與墻平行的一邊開道1米寬的門，現有能圍成32米長的木板．求雞場的長和寬各是多少米？23．（8分）速滑運動受到許多年輕人的喜愛。如圖，四邊形是某速滑場館建造的滑臺，已知，滑臺的高為米，且坡面的坡度為.后來為了提高安全性，決定降低坡度，改造后的新坡面AC的坡度為.（1）求新坡面的坡角及的長；（2）原坡面底部的正前方米處是護墻，為保證安全，體育管理部門規定，坡面底部至少距護墻米。請問新的設計方案能否通過，試說明理由（參考數據：）24．（8分）如圖，拋物線y＝x2+x﹣與x軸相交于A，B兩點，頂點為P．（1）求點A，點B的坐標；（2）在拋物線上是否存在點E，使△ABP的面積等于△ABE的面積？若存在，求出符合條件的點E的坐標；若不存在，請說明理由．25．（10分）如圖，在△ABC中，AB＝AC，以AB為直徑的⊙O與邊BC，AC分別交于D，E兩點，過點D作DH⊥AC于點H．（1）求證：BD＝CD；（2）連結OD若四邊形AODE為菱形，BC＝8，求DH的長．26．（10分）如圖，AB為⊙O的直徑，PD切⊙O于點C，交AB的延長線于點D，且∠D=2∠CAD．（1）求∠D的度數；（2）若CD=2，求BD的長．

參考答案一、選擇題(每小題3分,共30分)1、D【分析】由DE∥BC可以推得ΔADE~ΔABC,再由相似三角形的性質出發可以判斷各選項的對錯．【詳解】∵DE∥BC，∴ΔADE~ΔABC,所以有：A、，正確；B、由A得，即，正確；C、,即，正確；D、，即,錯誤．故選D．【點睛】本題考查三角形相似的判定與性質，根據三角形相似的性質寫出有關線段的比例式是解題關鍵．2、A【分析】根據隨機事件是指在一定條件下，可能發生也可能不發生的事件，可得答案.【詳解】解：．擲一枚質地均勻的硬幣次，可能有2次正面朝上，故本選項正確；．擲一枚質地均勻的硬幣次，有可能有次正面朝上，故本選項錯誤；．擲一枚質地均勻的硬幣次，有可能有次正面朝上，故本選項錯誤；．擲一枚質地均勻的硬幣次，有可能有次正面朝上，故本選項錯誤；故選：．【點睛】本題考查的知識點是隨機事件的概念，理解隨機事件的概念是解題的關鍵.3、B【分析】設PD=x，AB邊上的高為h，求出AD、h，構建二次函數，利用二次函數的性質解決問題即可．【詳解】解：在中，∵，∴，設，邊上的高為，則.∵，∴，∴，∴，∴，∴當時，的值隨的增大而減小，當時，的值隨的增大而增大，∴乙的結果正確.故選B.【點睛】本題考查相似三角形的判定和性質，動點問題的函數圖象，三角形面積，勾股定理等知識，解題的關鍵是構建二次函數，學會利用二次函數的增減性解決問題，屬于中考常考題型．4、B【分析】根據函數的圖象即可得到結論．【詳解】解：∵二次函數y1=ax2+bx+c（a≠0）的圖象的開口向上，

∴二次函數y1有最小值，故①錯誤；

觀察函數圖象可知二次函數y1的圖象關于直線x=-1對稱，故②正確；

當x=-2時，二次函數y1的值小于0，故③錯誤；

當x＜-3或x＞-1時，拋物線在直線的上方，

∴m的取值范圍為：m＜-3或m＞-1，故④正確．

故選B．【點睛】本題考查了二次函數圖象上點的坐標特征以及函數圖象，熟練運用二次函數圖象上點的坐標特征求出二次函數解析式是解題的關鍵．5、B【分析】根據已知條件可得弧BD的弧長為6，然后利用扇形的面積公式：計算即可．【詳解】解：∵矩形的長為6，寬為3，

∴AB=CD=6，AD=BC=3，

∴弧BD的長=18-12=6，故選：B．【點睛】此題考查了扇形的面積公式，解題的關鍵是：熟記扇形的面積公式6、D【分析】根據矩形、菱形、平行四邊形的知識可判斷出各選項，從而得出答案．【詳解】A、對角線互相垂直平分的四邊形是菱形，命題正確，不符合題意；B、一組對邊平行，一組對角相等的四邊形是平行四邊形，命題正確，不符合題意；C、矩形的對角線相等，命題正確，不符合題意；D、對角線相等的四邊形不一定是矩形，例如等腰梯形，故本選項符合題意．故選：D．【點睛】本題主要考查了命題與定理的知識，解答本題的關鍵是熟練掌握平行四邊形、菱形以及矩形的性質，此題難度不大．7、B【分析】根據中心對稱圖形和軸對稱圖形的概念即可得出答案.【詳解】根據中心對稱圖形和軸對稱圖形的概念，可以判定既是中心對稱圖形又是軸對稱圖形的有第3第4個共2個.故選B．考點：1.中心對稱圖形；2.軸對稱圖形.8、C【分析】根據全等是特殊的相似，即可得到“提出相似三角形的問題和研究方法”是從特殊到一般．【詳解】∵全等圖形是相似比為1的相似圖形，全等是特殊的相似，∴由研究全等三角形的思路，提出相似三角形的問題和研究方法，是從特殊到一般的數學方法．故選C．【點睛】本題主要考查研究相似三角形的數學方法，理解相似三角形和全等三角形的聯系，是解題的關鍵．9、A【分析】已知AB∥CD∥EF，根據平行線分線段成比例定理，對各項進行分析即可．【詳解】∵AB∥CD∥EF，∴．故選A．【點睛】本題考查平行線分線段成比例定理，找準對應關系，避免錯選其他答案．10、A【分析】作AP⊥GH于P，BQ⊥GH于Q，由正六邊形和等邊三角形的性質求出GH=PG+PQ+QH=9cm，由等邊三角形的面積公式即可得出答案．【詳解】如圖所示：作AP⊥GH于P，BQ⊥GH于Q，如圖所示：

∵△GHM是等邊三角形，

∴∠MGH=∠GHM=60°，

∵六邊形ABCDEF是正六邊形，

∴∠BAF=∠ABC=120°，正六邊形ABCDEF是軸對稱圖形，

∵G、H、M分別為AF、BC、DE的中點，△GHM是等邊三角形，

∴AG=BH=3cm，∠MGH=∠GHM=60°，∠AGH=∠FGM=60°，

∴∠BAF+∠AGH=180°，

∴AB∥GH，

∵作AP⊥GH于P，BQ⊥GH于Q，

∴PQ=AB=6cm，∠PAG=90°-60°=30°，

∴PG=AG=cm，

同理：QH=cm，

∴GH=PG+PQ+QH=9cm，

∴△GHM的面積=GH2=cm2；

故選：A．【點睛】此題主要考查了正六邊形的性質、等邊三角形的性質及三角形的面積公式等知識；熟練掌握正六邊形和等邊三角形的性質是解題的關鍵．二、填空題(每小題3分,共24分)11、-2【分析】根據比例的性質得到3b=4a，結合a+b=14求得a、b的值，代入求值即可．【詳解】解：由a：b=3：4知3b=4a，所以b=，所以由a+b=14得到：，解得a=1．

所以b=8，所以a-b=1-8=-2．

故答案為：-2．【點睛】考查了比例的性質，內項之積等于外項之積．若，則ad=bc.12、【分析】根據菱形的性質，三角形中位線的性質以及勾股定理求出四邊形各邊長，得出規律求出即可．【詳解】∵菱形ABCD中，邊長為10，∠A=60°，設菱形對角線交于點O，∴，∴，，∴，，順次連結菱形ABCD各邊中點，

∴△AA1D1是等邊三角形，四邊形A2B2C2D2是菱形，

∴A1D1=AA1=AB=5，C1D1=AC=5，A2B2=C2D2=C2B2=A2D2=AB=5，∴四邊形A2B2C2D2的周長是：5×4=20，

同理可得出：A3D3=5×，C3D3=C1D1=5，A5D5=5，C5D5=C3D3=5，∴四邊形A2019B2019C2019D2019的周長是：故答案為：【點睛】本題主要考查了菱形的性質以及矩形的性質和中點四邊形的性質等知識，根據已知得出邊長變化規律是解題關鍵．13、【分析】根據題意畫出圖形，進而得出cosB=求出即可．【詳解】解：∵∠A=90°，AB=3，BC=4，

則cosB==．

故答案為：．【點睛】本題考查了銳角三角函數的定義，正確把握銳角三角函數關系是解題的關鍵．14、②④【分析】根據三角形重心的定義，即可判斷①；連接OD，根據垂徑定理和切線的性質定理，即可判斷②；由∠ACD=∠BAD，∠CAF=∠BAF，得∠AFD=∠FAD，若，可得∠EAF=∠ADF=∠BAC，進而得，即可判斷③；易證?ACD~?EAD，從而得，結合DF=DA，即可判斷④．【詳解】∵是弧的中點，∴∠ACD=∠BCD，即：CD是∠ACB的平分線，又∵AF是的平分線，∴點F不是的重心，∴①不符合題意，連接OD，∵是弧的中點，∴OD⊥AB，∵PD與圓相切，∴OD⊥PD，∴，∴②符合題意，∵是弧的中點，∴∠ACD=∠BAD，∵AF是的平分線，∴∠CAF=∠BAF，∴∠CAF+∠ACD=∠BAF+∠BAD，即：∠AFD=∠FAD，若，則∠AFD=∠AEF，∴∠AFD=∠AEF=∠FAD，∴∠EAF=∠ADF=∠BAC，∴．即：只有當時，才有．∴③不符合題意，∵∠ACD=∠BAD，∠D=∠D，∴?ACD~?EAD，∴，又∵∠AFD=∠FAD，∴DF=DA，∴，∴④符合題意．故答案是：②④．【點睛】本題主要考查圓的性質與相似三角形的綜合，掌握垂徑定理，圓周角定理以及相似三角形的判定與性質定理，是解題的關鍵．15、()【解析】設它的寬為xcm．由題意得.∴.點睛：本題主要考查黃金分割的應用.把一條線段分割為兩部分，使其中較長部分與全長之比等于較短部分與較長部分之比，其比值是一個無理數，即，近似值約為0.618.16、x（x+3）（x-3）【分析】先提取公因式x，再利用平方差公式進行分解．【詳解】解：x3-9x，=x（x2-9），=x（x+3）（x-3）．【點睛】本題主要考查提公因式法分解因式和利用平方差公式分解因式，本題要進行二次分解，分解因式要徹底．17、1:1【分析】連結AP并延長交BC于點F，則S△CPE=S△AEP，可得S△CPE：S△ADE=1：2，由DE//BC可得△ADE∽△ABC，可得S△ADE：S△ABC=1：4，則S△CPE：S△ABC=1：1．【詳解】解：連結AP并延長交BC于點F，∵DE△ABC的中位線，∴E是AC的中點，∴S△CPE＝S△AEP，∵點P是DE的中點，∴S△AEP＝S△ADP，∴S△CPE：S△ADE＝1：2，∵DE是△ABC的中位線，∴DE∥BC，DE：BC＝1：2，∴△ADE∽△ABC，∴S△ADE：S△ABC＝1：4，∴S△CPE：S△ABC＝1：1．故答案為1：1．【點睛】本題考查三角形的中位線定理，相似三角形的判定和性質，三角形的面積等知識，解題的關鍵是熟練掌握基本知識．18、【分析】根據在平面直角坐標系中，如果位似變換是以原點為位似中心，根據相似比即可求得位似圖形對應點的坐標.【詳解】由題意，得和是以坐標原點為位似中心的位似圖形，相似比為2則的坐標為，故答案為：.【點睛】此題考查了位似圖形與坐標的關系，熟練掌握，即可解題.三、解答題(共66分)19、（1）y＝﹣（x﹣2）2+1；（2）﹣≤y≤1．【分析】（1）設頂點式y＝a（x﹣2）2+1，然后把（0,1）代入求出a即可得到拋物線解析式；（2）分別計算自變量為﹣1和1對應的函數值，然后根據二次函數的性質解決問題．【詳解】解：（1）設拋物線解析式為y＝a（x﹣2）2+1，把（0,1）代入得1a+1＝1，解得a＝﹣，所以拋物線解析式為y＝-（x﹣2）2+1．（2）當x＝﹣1時，y＝﹣（﹣1﹣2）2+1＝﹣；當x＝1時，y＝﹣（1﹣2）2+1＝1，∴當-1≤x≤2時，﹣≤y≤1；當2≤x≤1時，1≤y≤1所以當﹣1≤x≤1時，y的取值范圍為﹣≤y≤1．【點睛】本題考查了待定系數法求二次函數的解析式和二次函數的性質．在利用待定系數法求二次函數關系式時，要根據題目給定的條件，選擇恰當的方法設出函數關系式，從而代入數值求解．20、（1）；（2）【分析】（1）原式利用平方差公式和單項式乘以多項式把括號展開，再合并同類項即可得到答案；（2）方程變形后分解因式化為積的形式，然后利用兩數相乘積為0，兩因式中至少有一個為0轉化為兩個一元一次方程來求解.【詳解】（1），==；（2）∴，解得，.【點睛】此題主要考查了一元二次方程的解法，正確掌握解題方法是解題的關鍵，同時還考查了實數和混合運算.21、30【分析】設該單位一共組織了x位職工參加旅游觀光活動，求出當人數為20時的總費用及人均收費10元時的人數，即可得出20＜x＜1，再利用總費用＝人數×人均收費，即可得出關于x的一元二次方程，解之取其較小值即可得出結論．【詳解】解：設該單位一共組織了x位職工參加旅游觀光活動，∵500×20＝10000（元），10000＜12000，（500﹣10）＝15（人），12000÷10＝34（人），34不為整數，∴20＜x＜20+15，即20＜x＜1．依題意，得：x[500﹣10（x﹣20）]＝12000，整理，得：x2﹣70x+1200＝0，解得：x1＝30，x2＝40（不合題意，舍去）．答：該單位一共組織了30位職工參加旅游觀光活動．【點睛】本題考查了一元二次方程的應用，正確理解題意，找準題中等量關系列出方程是解題的關鍵.22、雞場的長和寬分別為13m，10m．【分析】設雞場的垂直于墻的一邊長為x，而與墻平行的一邊開一道1m寬的門，現有能圍成32m長的木板，那么平行于墻的一邊長為（32-2x+1），而雞場的面積為130m2，由此即可列出方程，解方程就可以解決問題．【詳解】解：設雞場的垂直于墻的一邊長為x，

依題意得（32-2x+1）x=130，

2x2-33x+130=0，

（x-10）（2x-13）=0，

∴x1=10或x2=6.5，

當x1=10時，32-2x+1=13＜16；

當x2=6.5時，32-2x+1=20＞16，不合題意舍去．

答：雞場的長和寬分別為13m，10m．【點睛】本題考查一元二次方程的應用，解題關鍵是弄懂題意，找出題目中的等量關系，要注意判斷所求的解是否符合題意，舍去不合題意的解．23、（1）新坡面的坡角為，米；（2）新的設計方案不能通過，理由詳見解析．【分析】（1）過點C作CH⊥BG，根據坡度的概念、正確的定義求出新坡面AC的坡角；（2）根據坡度的定義分別求出AH、BH，求出EA，根據題意進行比較，得到答案．【詳解】解：如圖，過點作垂足為（1）新坡面的坡度為，即新坡面的坡角為米；（2）新的設計方案不能通過.理由如下：坡面的坡度為，，新的設計方案不能通過．【點睛】本題考查的是解直角三角形的應用-坡度坡角問題，掌握坡度坡角的概念、熟記銳角三角函數的定義是解題的關鍵．24、（1）A（﹣3，0），B（1，0）；（2）存在符合條件的點E，其坐標為（﹣1﹣2，2）或（﹣1+2，2）或（﹣1，﹣2）．【分析】（1）令y=0可求得相應方程的兩根，則可求得A、B的坐標；（2）可先求得P點坐標，則可求得點E到AB的距離，可求得E點縱坐標，再代入拋物線解析式可求得E點坐標．【詳解】（1）令y=0，則x2+x0，解得：x=﹣3或x=1，∴A(﹣3，0)，B(1，0)；（2）存在．理由如下：∵yx2+x(x+1)2﹣2，∴P(﹣1，﹣2)．∵△ABP的面積等于△ABE的面積，∴點E到AB的距離等于2，①當點E在x軸下方時，則E與P重合，此時E(﹣1，﹣2)；②當點E在x軸上方時，則可設E(a，2)，∴a2+