山東省青島市城陽第十三中學2024屆中考五模數學試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題（每小題只有一個正確答案，每小題3分，滿分30分）1．今年春節某一天早7:00，室內溫度是6℃，室外溫度是－2℃，則室內溫度比室外溫度高()A．－4℃ B．4℃ C．8℃ D．－8℃2．如圖，AD∥BC，AC平分∠BAD，若∠B＝40°，則∠C的度數是（）A．40° B．65° C．70° D．80°3．如圖，在等邊三角形ABC中，點P是BC邊上一動點（不與點B、C重合），連接AP，作射線PD，使∠APD=60°，PD交AC于點D，已知AB=a，設CD=y，BP=x，則y與x函數關系的大致圖象是（）A． B． C． D．4．若關于的一元二次方程的一個根是0，則的值是（）A．1 B．-1 C．1或-1 D．5．下列方程中，是一元二次方程的是（）A．2x﹣y=3 B．x2+=2 C．x2+1=x2﹣1 D．x（x﹣1）=06．在平面直角坐標系xOy中，四條拋物線如圖所示，其解析式中的二次項系數一定小于1的是（）A．y1 B．y2 C．y3 D．y47．在Rt△ABC中，∠C＝90°，那么sin∠B等于()A． B． C． D．8．估計的值在（）A．2和3之間 B．3和4之間 C．4和5之間 D．5和6之間9．甲、乙兩人約好步行沿同一路線同一方向在某景點集合，已知甲乙二人相距660米，二人同時出發，走了24分鐘時，由于乙距離景點近，先到達等候甲，甲共走了30分鐘也到達了景點與乙相遇.在整個行走過程中，甲、乙兩人均保持各自的速度勻速行走，甲、乙兩人相距的路程（米）與甲出發的時間（分鐘）之間的關系如圖所示，下列說法錯誤的是（）A．甲的速度是70米/分 B．乙的速度是60米/分C．甲距離景點2100米 D．乙距離景點420米10．如圖，已知矩形ABCD中，BC＝2AB，點E在BC邊上，連接DE、AE，若EA平分∠BED，則的值為（）A． B． C． D．二、填空題（共7小題，每小題3分，滿分21分）11．一個扇形的弧長是，它的面積是，這個扇形的圓心角度數是_____．12．如圖，在4×4的方格紙中（共有16個小方格），每個小方格都是邊長為1的正方形．O、A、B分別是小正方形的頂點，則扇形OAB周長等于_____．（結果保留根號及π）．13．將ΔABC繞點B逆時針旋轉到ΔA'BC'使A、B、C'在同一直線上，若∠BCA=90°，∠BAC=30°，AB=4cm，則圖中陰影部分面積為________cm14．把拋物線y=2x2向右平移3個單位，再向下平移2個單位，得到的新的拋物線的表達式是_____．15．如圖，矩形ABCD中，AB＝2，點E在AD邊上，以E為圓心，EA長為半徑的⊙E與BC相切，交CD于點F，連接EF．若扇形EAF的面積為43π，則16．關于x的分式方程有增根，則m的值為__________．17．拋物線向右平移1個單位，再向下平移2個單位所得拋物線是__________．三、解答題（共7小題，滿分69分）18．（10分）平面直角坐標系中（如圖），已知拋物線經過點和，與y軸相交于點C，頂點為P.（1）求這條拋物線的表達式和頂點P的坐標；（2）點E在拋物線的對稱軸上，且，求點E的坐標；（3）在（2）的條件下，記拋物線的對稱軸為直線MN，點Q在直線MN右側的拋物線上，，求點Q的坐標.19．（5分）如圖，在平行四邊形ABCD中，AB＜BC．利用尺規作圖，在AD邊上確定點E，使點E到邊AB，BC的距離相等（不寫作法，保留作圖痕跡）；若BC=8，CD=5，則CE=．20．（8分）如圖，AB＝AD，AC＝AE，BC＝DE，點E在BC上．求證：△ABC≌△ADE；（2）求證：∠EAC＝∠DEB．21．（10分）先化簡，再求值：，其中a是方程a2+a﹣6=0的解．22．（10分）如圖，在△ABC中，AB=AC，AE是角平分線，BM平分∠ABC交AE于點M，經過B、M兩點的⊙O交BC于點G，交AB于點F，FB恰為⊙O的直徑．（1）判斷AE與⊙O的位置關系，并說明理由；（2）若BC=6，AC=4CE時，求⊙O的半徑．23．（12分）列方程或方程組解應用題：去年暑期，某地由于暴雨導致電路中斷，該地供電局組織電工進行搶修．供電局距離搶修工地15千米．搶修車裝載著所需材料先從供電局出發，10分鐘后，電工乘吉普車從同一地點出發，結果他們同時到達搶修工地．已知吉普車速度是搶修車速度的1.5倍，求吉普車的速度．24．（14分）如圖1，在正方形ABCD中，E是AB上一點，F是AD延長線上一點，且DF＝BE，求證：CE＝CF；如圖2，在正方形ABCD中，E是AB上一點，G是AD上一點，如果∠GCE＝45°，請你利用（1）的結論證明：GE＝BE＋GD；運用（1）（2）解答中所積累的經驗和知識，完成下題：如圖3，在直角梯形ABCD中，AD∥BC（BC＞AD），∠B＝90°，AB＝BC，E是AB上一點，且∠DCE＝45°，BE＝4，DE=10,求直角梯形ABCD的面積．

參考答案一、選擇題（每小題只有一個正確答案，每小題3分，滿分30分）1、C【解題分析】

根據題意列出算式，計算即可求出值．【題目詳解】解：根據題意得：6-（-2）=6+2=8，

則室內溫度比室外溫度高8℃，

故選：C．【題目點撥】本題考查了有理數的減法，熟練掌握運算法則是解題的關鍵．2、C【解題分析】

根據平行線性質得出∠B+∠BAD＝180°，∠C＝∠DAC，求出∠BAD，求出∠DAC，即可得出∠C的度數．【題目詳解】解：∵AD∥BC，∴∠B+∠BAD＝180°，∵∠B＝40°，∴∠BAD＝140°，∵AC平分∠DAB，∴∠DAC＝∠BAD＝70°，∵A∥BC，∴∠C＝∠DAC＝70°，故選C．【題目點撥】本題考查了平行線性質和角平分線定義，關鍵是求出∠DAC或∠BAC的度數．3、C【解題分析】

根據等邊三角形的性質可得出∠B=∠C=60°，由等角的補角相等可得出∠BAP=∠CPD，進而即可證出△ABP∽△PCD，根據相似三角形的性質即可得出y=-x2+x，對照四個選項即可得出．【題目詳解】∵△ABC為等邊三角形，

∴∠B=∠C=60°，BC=AB=a，PC=a-x．

∵∠APD=60°，∠B=60°，

∴∠BAP+∠APB=120°，∠APB+∠CPD=120°，

∴∠BAP=∠CPD，

∴△ABP∽△PCD，∴,即，∴y=-x2+x.故選C.【題目點撥】考查了動點問題的函數圖象、相似三角形的判定與性質，利用相似三角形的性質找出y=-x2+x是解題的關鍵．4、B【解題分析】

根據一元二次方程的解的定義把x=0代入方程得到關于a的一元二次方程，然后解此方程即可【題目詳解】把x=0代入方程得，解得a=±1．∵原方程是一元二次方程，所以

，所以,故故答案為B【題目點撥】本題考查了一元二次方程的解的定義：使一元二次方程左右兩邊成立的未知數的值叫一元二次方程的解．5、D【解題分析】試題解析：含有兩個未知數,不是整式方程,C沒有二次項.故選D.點睛：一元二次方程需要滿足三個條件：含有一個未知數，未知數的最高次數是2，整式方程.6、A【解題分析】

由圖象的點的坐標，根據待定系數法求得解析式即可判定．【題目詳解】由圖象可知：拋物線y1的頂點為（-2，-2），與y軸的交點為（0，1），根據待定系數法求得y1=（x+2）2-2；拋物線y2的頂點為（0，-1），與x軸的一個交點為（1，0），根據待定系數法求得y2=x2-1；拋物線y3的頂點為（1，1），與y軸的交點為（0，2），根據待定系數法求得y3=（x-1）2+1；拋物線y4的頂點為（1，-3），與y軸的交點為（0，-1），根據待定系數法求得y4=2（x-1）2-3；綜上，解析式中的二次項系數一定小于1的是y1故選A．【題目點撥】本題考查了二次函數的圖象，二次函數的性質以及待定系數法求二次函數的解析式，根據點的坐標求得解析式是解題的關鍵．7、A【解題分析】

根據銳角三角函數的定義得出sinB等于∠B的對邊除以斜邊，即可得出答案．【題目詳解】根據在△ABC中，∠C=90°，那么sinB==，故答案選A.【題目點撥】本題考查的知識點是銳角三角函數的定義，解題的關鍵是熟練的掌握銳角三角函數的定義.8、D【解題分析】

尋找小于26的最大平方數和大于26的最小平方數即可.【題目詳解】解：小于26的最大平方數為25，大于26的最小平方數為36，故，即：，故選擇D.【題目點撥】本題考查了二次根式的相關定義.9、D【解題分析】

根據圖中信息以及路程、速度、時間之間的關系一一判斷即可.【題目詳解】甲的速度==70米/分，故A正確，不符合題意；設乙的速度為x米/分．則有，660+24x-70×24=420，解得x=60，故B正確，本選項不符合題意，70×30=2100，故選項C正確，不符合題意，24×60=1440米，乙距離景點1440米，故D錯誤，故選D．【題目點撥】本題考查一次函數的應用，行程問題等知識，解題的關鍵是讀懂圖象信息，靈活運用所學知識解決問題．10、C【解題分析】

過點A作AF⊥DE于F，根據角平分線上的點到角的兩邊距離相等可得AF=AB，利用全等三角形的判定和性質以及矩形的性質解答即可．【題目詳解】解：如圖，過點A作AF⊥DE于F，在矩形ABCD中，AB＝CD，∵AE平分∠BED，∴AF＝AB，∵BC＝2AB，∴BC＝2AF，∴∠ADF＝30°，在△AFD與△DCE中∵∠C=∠AFD=90°,∠ADF=∠DEC,AF=DC,，∴△AFD≌△DCE（AAS），∴△CDE的面積＝△AFD的面積＝∵矩形ABCD的面積＝AB?BC＝2AB2，∴2△ABE的面積＝矩形ABCD的面積﹣2△CDE的面積＝（2﹣）AB2，∴△ABE的面積＝,∴，故選：C．【題目點撥】本題考查了矩形的性質，角平分線上的點到角的兩邊距離相等的性質，以及全等三角形的判定與性質，關鍵是根據角平分線上的點到角的兩邊距離相等可得AF=AB．二、填空題（共7小題，每小題3分，滿分21分）11、120°【解題分析】

設扇形的半徑為r，圓心角為n°．利用扇形面積公式求出r，再利用弧長公式求出圓心角即可．【題目詳解】設扇形的半徑為r，圓心角為n°．由題意：,∴r＝4，∴∴n＝120，故答案為120°【題目點撥】本題考查扇形的面積的計算，弧長公式等知識，解題的關鍵是掌握基本知識.12、π+4【解題分析】根據正方形的性質，得扇形所在的圓心角是90°，扇形的半徑是2．解：根據圖形中正方形的性質，得∠AOB=90°，OA=OB=2．∴扇形OAB的弧長等于π．13、4π【解題分析】分析：易得整理后陰影部分面積為圓心角為110°，兩個半徑分別為4和1的圓環的面積．詳解：由旋轉可得△ABC≌△A′BC′．∵∠BCA=90°，∠BAC=30°，AB=4cm，∴BC=1cm，AC=13cm，∠A′BA=110°，∠CBC′=110°，∴陰影部分面積=（S△A′BC′+S扇形BAA′）-S扇形BCC′-S△ABC=120π360×（41-11）=4πcm1故答案為4π．點睛：本題利用旋轉前后的圖形全等，直角三角形的性質，扇形的面積公式求解．14、y=1（x﹣3）1﹣1．【解題分析】

拋物線的平移，實際上就是頂點的平移，先求出原拋物線的頂點坐標，再根據平移規律，推出新拋物線的頂點坐標，根據頂點式可求新拋物線的解析式．【題目詳解】∵y=1x1的頂點坐標為（0，0），∴把拋物線右平移3個單位，再向下平移1個單位，得新拋物線頂點坐標為（3，﹣1），∵平移不改變拋物線的二次項系數，∴平移后的拋物線的解析式是y=1（x﹣3）1﹣1．故答案為y=1（x﹣3）1﹣1．【題目點撥】本題考查了二次函數圖象的平移，其規律是是：將二次函數解析式轉化成頂點式y=a(x-h)1+k

（a，b，c為常數，a≠0），確定其頂點坐標(h，k)，在原有函數的基礎上“h值正右移，負左移；k值正上移，負下移”．15、1【解題分析】分析：設∠AEF=n°，由題意nπ×2詳解：設∠AEF=n°，由題意nπ×2∴∠AEF=120°，∴∠FED=60°，∵四邊形ABCD是矩形，∴BC=AD，∠D=90°，∴∠EFD=10°，∴DE=12∴BC=AD=2+1=1，故答案為1．點睛：本題考查切線的性質、矩形的性質、扇形的面積公式、直角三角形10度角性質等知識，解題的關鍵是靈活運用所學知識解決問題，屬于中考常考題型．16、1．【解題分析】去分母得：7x+5(x-1)=2m-1，因為分式方程有增根，所以x-1=0，所以x=1，把x=1代入7x+5(x-1)=2m-1，得：7=2m-1，解得：m=1，故答案為1.17、(或)【解題分析】

將拋物線化為頂點式，再按照“左加右減，上加下減”的規律平移即可．【題目詳解】解：化為頂點式得：，∴向右平移1個單位，再向下平移2個單位得：，化為一般式得：，故答案為：（或）．【題目點撥】此題不僅考查了對圖象平移的理解，同時考查了學生將一般式轉化頂點式的能力．三、解答題（共7小題，滿分69分）18、（1），頂點P的坐標為；（2）E點坐標為；（3）Q點的坐標為.【解題分析】

（1）利用交點式寫出拋物線解析式，把一般式配成頂點式得到頂點P的坐標；（2）設，根據兩點間的距離公式，利用得到，然后解方程求出t即可得到E點坐標；（3）直線交軸于，作于，如圖，利用得到，設，則，再在中利用正切的定義得到，即，然后解方程求出m即可得到Q點坐標.【題目詳解】解：（1）拋物線解析式為，即，，頂點P的坐標為；（2）拋物線的對稱軸為直線，設，，，解得，E點坐標為；（3）直線交x軸于F，作MN⊥直線x=2于H，如圖，，而，，設，則，在中，，，整理得，解得（舍去），，Q點的坐標為.【題目點撥】本題考查了二次函數的綜合題：熟練掌握二次函數圖象上點的坐標特征、二次函數的性質和銳角三角函數的定義；會利用待定系數法求函數解析式；理解坐標與圖形性質，記住兩點間的距離公式.19、（1）見解析；（2）1．【解題分析】試題分析：根據角平分線上的點到角的兩邊距離相等知作出∠A的平分線即可；根據平行四邊形的性質可知AB=CD=5，AD∥BC，再根據角平分線的性質和平行線的性質得到∠BAE=∠BEA，再根據等腰三角形的性質和線段的和差關系即可求解．試題解析：（1）如圖所示：E點即為所求．（2）∵四邊形ABCD是平行四邊形，∴AB=CD=5，AD∥BC，∴∠DAE=∠AEB，∵AE是∠A的平分線，∴∠DAE=∠BAE，∴∠BAE=∠BEA，∴BE=BA=5，∴CE=BC﹣BE=1．考點：作圖—復雜作圖；平行四邊形的性質20、（1）詳見解析；（2）詳見解析．【解題分析】

（1）用“SSS”證明即可；（2）借助全等三角形的性質及角的和差求出∠DAB＝∠EAC，再利用三角形內角和定理求出∠DEB＝∠DAB，即可說明∠EAC＝∠DEB．【題目詳解】解：（1）在△ABC和△ADE中∴△ABC≌△ADE（SSS）；（2）由△ABC≌△ADE，則∠D＝∠B，∠DAE＝∠BAC．∴∠DAE﹣∠ABE＝∠BAC﹣∠BAE，即∠DAB＝∠EAC．設AB和DE交于點O，∵∠DOA＝BOE，∠D＝∠B，∴∠DEB＝∠DAB．∴∠EAC＝∠DEB．【題目點撥】本題主要考查了全等三角形的判定和性質，解題的關鍵是利用全等三角形的性質求出相等的角，體現了轉化思想的運用．21、.【解題分析】

先計算括號里面的，再利用除法化簡原式，【題目詳解】，=，=，=，=，由a2+a﹣6=0，得a=﹣3或a=2，∵a﹣2≠0，∴a≠2，∴a=﹣3，當a=﹣3時，原式=．【題目點撥】本題考查了分式的化簡求值及一元二次方程的解，解題的關鍵是熟練掌握分式的混合運算.22、（1）AE與⊙O相切．理由見解析.（2）2.1【解題分析】

（1）連接OM，則OM=OB，利用平行的判定和性質得到OM∥BC，∠AMO=∠AEB，再利用等腰三角形的性質和切線的判定即可得證；（2）設⊙O的半徑為r，則AO=12﹣r，利用等腰三角形的性質和解直角三角形的有關知識得到AB=12，易證△AOM∽△ABE，根據相似三角形的性質即可求解.【題目詳解】解：（1）AE與⊙O相切．理由如下：連接OM，則OM=OB，∴∠OMB=∠OBM，∵BM平分∠ABC，∴∠OBM=∠EBM，∴∠OMB=∠EBM，∴OM∥BC，∴∠AMO=∠AEB，在△ABC中，AB=AC，AE是角平分線，∴AE⊥BC，∴∠AEB=90°，∴∠AMO=90°，∴OM⊥AE，∴AE與⊙O相切；（2）在△ABC中，AB=AC，AE是角平分線，∴BE=BC，∠ABC=∠C，∵BC=6，cosC=，∴BE=3，cos∠ABC=，在△ABE中，∠AEB=90°，∴AB===12，設⊙O的半徑為r，則AO=12﹣r，∵OM∥BC，∴△AOM∽△ABE，∴，∴=，解得：r=2.1，∴⊙O的半徑為2.1．23、吉普車的速度為30千米/時.【解題分析】

先設搶修車的速度為x千米/時，則吉普車的速度為1.5x千米/時，列出方程求出x的值，再進行檢驗，即可求出答案．【題目詳解】解：設搶修車的速度為x千米/時，則吉普車的速度為15x千米/時.由題意得：.解得，x=20經