江蘇省金陵中學2023-2024學年物理高二上期末調研模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經過一個機械過濾裝置再進入靜電除塵區。圖中虛線是某一帶負電的塵埃（不計重力）僅在電場力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡，A、B兩點是軌跡與電場線的交點。不考慮塵埃在遷移過程中的相互作用和電量變化，則以下說法正確的是()A.A點的電場強度小于B點的電場強度B.A點的電勢高于B點的電勢C.塵埃在A點的電勢能大于在B點的電勢能D.塵埃在A點受到的靜電力小于在B點的受到的靜電力2、在物理學發展的過程中觀測、實驗、假說和邏輯推理等方法都起了重要作用，下列敘述符合史實的是（）A.奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應，該效應揭示了電和磁之間存在聯系B.洛倫茲根據通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說C.法拉第在對理論和實驗資料進行分析后總結出法拉第電磁感應定律D.楞次認為磁場變化時會在空間激發出一種電場，叫感生電場3、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線，實線為一帶負電的粒子僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，由此可知()A.帶電粒子在R點時的速度大于在Q點時的速度B.帶電粒子在P點時的電勢能比在Q點時的電勢能大C.帶電粒子在R點時的動能與電勢能之和比在Q點時的小，比在P點時的大D.帶電粒子在R點時的加速度小于在Q點時的加速度4、如圖，一有界區域內，存在著磁感應強度大小均為B，方向分別垂直于光滑水平桌面向下和向上的勻強磁場，磁場寬度均為L．現有一邊長為L的正方形線框abcd，在外力作用下，保持ac垂直磁場邊緣，并以沿x軸正方向的速度水平勻速地通過磁場區域，若以逆時針方向為電流正方向，下圖中能反映線框中感應電流變化規律的圖是（）A. B.C. D.5、如圖所示的彈簧振子，彈簧的勁度系數為k。當彈簧伸長了x時，彈簧對小球的彈力大小為（）A. B.C.kx D.kx26、兩個分別帶有電荷量-Q和+2Q的相同金屬小球(均可視為點電荷)，固定在相距為r的兩處，它們間庫侖力的大小為F.兩小球相互接觸后將其固定距離變為r/2，這時A和B之間的作用力大小為F＇，則F與F＇之比為（）A.1：2 B.2：1C.1：4 D.4：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、帶電粒子（不計重力）在勻強電場或勻強磁場中，可能存在的狀態是：A.在勻強電場中做勻加速直線運動； B.在勻強磁場中做勻加速直線運動；C.在勻強電場中保持靜止； D.在勻強磁場中保持靜止8、在如圖所示的電路中，P1、P2分別為滑動變阻器R1、R2的滑動觸頭，R3為定值電阻，平行金屬板A、B構成電容器C，M為電容器內的一點。開關S閉合且電路穩完時，下列說法正確的是A.若滑片P1向下移動，電容器的極板間電壓變小B.若滑片P2向下移動，電容器的極板間電壓變小C.若極板A向下移動，M點的電勢升高D.若極板A向下移動，M點的電勢降低9、電磁學的基本現象和規律在生產生活中有若廣泛的應用．下列哪些科學儀器和生活電器在工作時．其主要器件成用了電磁感應現象的是（）A.金屬探測器 B.示波器C.電子感應加速器 D.質譜儀10、質量為m的通電細桿ab置于傾角為θ的導軌上，導軌的寬度為d，桿ab與導軌間的摩擦因數為μ，有電流時，ab恰好在導軌上靜止，如圖所示，圖中的四個側視圖中，標出了四種可能的勻強磁場方向，其中桿ab與導軌之間的摩擦力可能為零的圖是（）A.B.C.D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）圖1螺旋測微器讀數為__________mm，圖2游標卡尺讀數為__________mm。（2）選擇電流表的量程為，則圖3中電流表的讀數為___________A。12．（12分）用如圖所示電路測量電源的電動勢和內阻，實驗器材：待測電源（電動勢約3V，內阻約2Ω），保護電阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑動變阻器R，電流表A，電壓表V，開關S，導線若干。實驗主要步驟：（ⅰ）將滑動變阻器接入電路的阻值調到最大，閉合開關；（ⅱ）逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數U和相應電流表的示數I；（ⅲ）以U為縱坐標，I為橫坐標，作圖線（U、I都用國際單位）；（ⅳ）求出圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距a。回答下列問題：（1）電壓表最好選用______；電流表最好選用______。A．電壓表（0~3V，內阻約15kΩ）B．電壓表（0~3V，內阻約3kΩ）C．電流表（0~200mA，內阻約2Ω）D．電流表（0~30mA，內阻約2Ω）（2）滑動變阻器滑片從左向右滑動，發現電壓表示數增大，兩導線與滑動變阻器接線柱連接情況是______；A．兩導線接在滑動變阻器電阻絲兩端的接線柱B．兩導線接在滑動變阻器金屬桿兩端的接線柱C．一條導線接在滑動變阻器金屬桿左端接線柱，另一條導線接在電阻絲左端接線柱D．一條導線接在滑動變阻器金屬桿右端接線柱，另一條導線接在電阻絲右端接線柱（3）選用k、a、R1、R2表示待測電源的電動勢E和內阻r的表達式E＝______，r＝______，代入數值可得E和r的測量值。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據電場線的疏密可分析場強的大小，進而判斷塵埃在A、B兩點受到的靜電力的大小；根據電場方向，可判斷電勢高低；分析塵埃所受的電場力的方向，確定電場力對塵埃做功的情況，從而分析出電勢能的變化情況。【詳解】AD.由圖可知，A點電場線比B點密集，因此A點的電場強度大于B點的電場強度，故塵埃在A點受到的靜電力大于在B點受到的靜電力，故A、D均錯誤；BC.由圖可作過B的等勢線，交A所在電場線于B′，則可知，B′點靠近正極板，故B點的電勢高于A點電勢，因為負電荷在電勢越高的地方電勢能越小，在電勢越低的地方電勢能越大，所以塵埃在B點的電勢能小于在A點的電勢能，故B錯誤，C正確；故選C。2、A【解析】A.奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應，該效應揭示了電和磁之間存在聯系，故A項符合題意.B.安培根據通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性，提出了分子電流假說，故B項不合題意.C.法拉第電磁感應定律是由紐曼、韋伯在對理論和實驗資料進行嚴格分析后總結出的規律，故C項不合題意.D.麥克斯韋認為磁場變化時會在空間激發一種電場，這種電場與靜電場不同，它不是由電荷產生的，叫感生電場，故D項不合題意.3、A【解析】AB．電荷做曲線運動，電場力指向曲線的內側，所以電場力的方向向右；若粒子從P經過R運動到Q，電場力做負功，電荷的電勢能增大，動能減小，知道R點的動能大，即速度大，而P點電勢能較小，故A正確，B錯誤；C．根據能量守恒定律，帶電質點在運動過程中各點處的動能與電勢能之和保持不變。故C錯誤；D．由電場線疏密確定出，R點場強大，電場力大，加速度大，故D錯誤。故選A。4、C【解析】t在0-時間內，線框右邊開始進入磁場時，由楞次定律可知，電流方向為逆時針，為正值；線框有效切割長度均勻增大，由E=BLv可知，感應電動勢均勻增大，感應電流均勻增大；在-時間內，由楞次定律可知，電流方向為逆時針，為正值；線框有效切割長度均勻減小，由E=BLv可知，感應電動勢均勻減小，感應電流均勻減小；在-時間內，由楞次定律可知，電流方向為順時針，為負值；線框兩邊都切割磁感線，產生感應電動勢，感應電動勢是進入過程的2倍，線框有效切割長度先均勻增大后均勻減小，由E=BLv可知，感應電動勢先均勻增大后均勻減小，感應電流也先均勻增大后均勻減小，感應電流的最大值是0-過程最大值的2倍；在-時間內，由楞次定律可知，電流方向為逆時針，為正值；線框有效切割長度先均勻增大后均勻減小，由E=BLv可知，感應電動勢先均勻增大后均勻減小，感應電流也先均勻增大后均勻減小．故C正確；故選C【點睛】本題分段分析有效切割長度的變化情況是解答的關鍵．圖象往往由解析式選擇．本題采用排除法，分成線性和非線性兩類圖象，對比同類圖象的不同之處進行選擇5、C【解析】由胡克定律可知，當彈簧伸長了x時，彈簧對小球的彈力大小為故C正確，ABD錯誤。故選C。6、B【解析】清楚兩小球相互接觸后，其所帶電量先中和后均分．根據庫侖定律的內容，根據變化量和不變量求出問題【詳解】相距r時，根據庫侖定律得：接觸后，各自帶電量變為Q/2，則此時有：所以，故B正確故選B【點睛】本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關鍵二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】當粒子從靜止開始運動或者初速度方向與電場力同向時，在勻強電場中做勻加速直線運動，選項A正確；粒子在勻強磁場中受洛倫茲力的方向與速度方向垂直，不可能做勻加速直線運動，選項B錯誤；帶電粒子在勻強電場中肯定受電場力作用，不可能保持靜止，選項C錯誤；粒子若在勻強磁場中速度為零，則受磁場力為零，可保持靜止，選項D正確；故選AD8、BC【解析】A.電路穩定時，通過電阻R1的電流為零，移動滑動變阻器滑片P1，電容器的極板間電壓不發生改變，故A錯誤；B.滑片P2向下移動，總電阻減小，電流增大，內電阻和R3的電壓增大，R2電壓減小，電容器與R2并聯，電容器的極板間電壓等于R2兩端的電壓，變小，故B正確；C.如果僅將極板A向下移動，那么，平行板兩極電壓不變，平行板間電場強度增大，M點與零勢點的電勢差增大，M點的電勢升高，故C正確，D錯誤。故選：BC9、AC【解析】A.金屬探測儀是利用了電磁感應現象而工作的，故A正確；B.示波管是利用了電場加速和電磁場偏轉的原理，不是電磁感應現象，故D錯誤C.電子感應加速器是利用感應電場對電子加速，利用了電磁感應現象，選項C正確；D.質譜儀是利用電場加速，磁場使粒子偏轉，不是電磁感應現象．故D錯誤10、AB【解析】A．桿子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三個力平衡，則不受摩擦力。故A正確。B．桿子受重力，豎直向上的安培力，若重力與安培力相等，則二力平衡，不受摩擦力。故B正確。C．桿子受重力、豎直向下的安培力、支持力，要想處于平衡，一定受摩擦力。故C錯誤。D．桿子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想處于平衡，一定受摩擦力。故D錯誤。故選AB.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.900②.14.45③.0.35【解析】（1）[1]．圖1螺旋測微器讀數為：0.5mm+0.01mm×40.0=0.900mm；[2]．圖2游標卡尺讀數為：14mm+0.05mm×9=14.45mm。（2）[3]．選擇電流表的量程為0.6A，則圖3中電流表的讀數為0.35A.12、①.A②.C③.C④.ka⑤.k－R2【解析】（1）[1]電壓表并聯在電路中，故電壓表內阻越大，分流越小，誤差也就越小，因此應選內阻較大的電壓表A；[2]當滑動變阻器接入電阻最小時，通過電流表電流最大，此時通過電流表電流大小約因此，電流表選擇C；（2）[3]分析電路可知，滑片右移電壓表示數變大，則說明滑動變阻器接入電路部分阻值增大。A．兩導線均接在金屬柱的兩端上，接入電阻為零，故A錯誤；B．兩導線接在電阻絲兩端，接入電阻最大并保持不變，故B錯誤；C．一導線接在金屬桿左端，而另一導線接在電阻絲左端，則可以保證滑片右移時阻值增大，故C正確；D．導線分別接右邊上下接線柱，滑片右移時，接入電阻減小，故D錯誤；故選C。（3）[4][5]由閉合電路歐姆定律可知U＝E－I（r＋R2）對比伏安特性曲線可知，圖像的斜率為k＝r＋R2則內阻r＝k－R2令U＝0，則有由題意可知，圖像與橫軸截距為a，則有解得E＝k