專題三第1講

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知識鞏固練

1.（2020年湖北部分重點中學聯考）伽利略和牛頓都是物理學發展史上最偉大的科學家，

巧合的是牛頓就出生在伽利略去世后第二年.下列關于力和運動關系的說法中，不屬于他們

觀點的是（）

A.自由落體運動是一種勻變速直線運動

B.力是使物體產生加速度的原因

C.物體都具有保持原來運動狀態的屬性，即慣性

D.力是維持物體運動的原因

【答案】D

2.（2020屆黃山質檢）關于物體的慣性，下列說法正確的是（）

A.騎自行車的人，上坡前要快速蹬幾下，是為了增大慣性沖上坡

B.子彈從槍膛中射出后在空中飛行，速度逐漸減小，因此慣性也減小

C.物體慣性的大小，由物體質量的大小決定

D.物體由靜止開始運動的瞬間，它的慣性最大

【答案】C

3.（2020年成都外國語學校模擬）下列說法正確的是（）

A.凡是大小相等、方向相反，分別作用在兩個物體上的兩個力必定是一對作用力和反

作用力

B.凡是大小相等、方向相反，作用在同一物體上的兩個力必定是一對作用力和反作用

力

C.即使大小相等、方向相反，作用在同一直線上且分別作用在兩個物體上的兩個力也

不一定是一對作用力和反作用力

D.相互作用的一對力究竟稱哪一個力是反作用力不是任意的

【答案】C

4.火車在長直的水平軌道上勻速行駛，門窗緊閉的車廂內有一人向上跳起，發現仍落

回到車上原處，這是因為（）

A.人跳起后，車廂內空氣給他一向前的力，帶著他隨同火車一起向前運動

B.人跳起的瞬間，車廂的底板給他一向前的力，推動他隨同火車一起向前運動

C.人跳起后，車在繼續向前運動，所以人落下后必定偏后一些，只是由于時間很短，

偏后距離很小，不明顯而已

D.人跳起后直到落地，在水平方向上始終具有和車相同的速度

【答案】D

5.如圖所示的裝置，不考慮繩與滑輪的質量，不計軸承、繩與滑輪間的摩擦.初始時

兩人均站在水平地面上，當位于左側的甲用力向上攀爬時，位于右側的乙始終用力抓住繩子,

最終至少一人能到達滑輪.下列說法正確的是（）

A.若甲的質量較大，則乙先到達滑輪

B.若甲的質量較大，則甲、乙同時到達滑輪

C.若甲、乙質量相同，則乙先到達滑輪

D.若甲、乙質量相同，則甲先到達滑輪

【答案】A

6.（多選）一根輕質彈簧豎直懸掛在天花板上，下端懸掛一小球，彈簧和小球的受力如

圖所示，下列說法正確的是（）

—*

x

/

W

A

/

W

z

-

*

A.人的施力者是彈簧

B.尸2的反作用力是尸3

C.6的施力者是小球

D.居的反作用力是Q

【答案】BC

7.水平放置的密閉玻璃管內充有水，它的中間有一氣泡，如圖所示，當玻璃管由靜止

開始向右沿水平方向運動時，氣泡相對于玻璃管將要（）

氣泡

//__________、

------

液體

A.向右運動

B.向左運動

C.保持不動

D.無法判斷

【答案】A【解析】管中的氣泡和相同體積水相比，其質量很小，氣泡的慣性要比管

中的水的慣性小的多，當玻瑞管由靜止開始向右沿水平方向運動時，破隔管中的水由于慣性,

仍然要保持原來的靜止狀態，使水涌向管的左端，氣泡由于慣性較小，則相對于管子向右運

動，故A正確.

8.（2020年保定模擬）（多選）如圖，一個人站在水平地面上的長木板上用力F向右推箱

子，木板、人、箱子均處于靜止狀態，三者的質量均為相，重力加速度為g,貝IJ()

―I1-

A.箱子對木板的摩擦力方向向右

B.木板對地面的摩擦力方向向左

C.木板對地面的壓力大小為3mg

D.若人用斜向下的力推箱子，則木板對地面的壓力會大于3〃?g

【答案】AC【解析】以箱子為研究對象，水平方向上木板對箱子的摩擦力與人推箱

子的力平衡，所以，木板對箱子的摩擦力方向向左，根據牛頓第三定律，箱子對木板的摩擦

力方向向右，A正確：以整體為研究對象，地面對木板的支持力與整體所受的重力平衡，所

以地面對木板的支持力為3mg,根據牛頓第三定律，木板對地面的壓力大小為3mg,C正確，

D錯誤；以整體為研究對象，地面對木板的摩擦力為0,所以木板對地面的摩擦力為0,B

錯誤.

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9.如圖所示，兩塊小磁鐵質量均為0.5kg,A磁鐵用輕質彈簧吊在天花板上，8磁鐵在

A正下方的地板上，彈簧的原長及=10cm,勁度系數后=100N/m.當A、8均處于靜止狀態

時，彈簧的長度A=llcm.不計地磁場對磁鐵的作用和磁鐵與彈簧間相互作用的磁力，求B

對地面的壓力大小.(g取10N/kg)

解：對A受力分析如圖所示，由平衡條件，得

他億-4)

A

F

k(L—LQ-mg-F=0,

解得F=-4N,

故3對A的作用力大小為4N,方向豎直向上.

由牛頓第三定律得A對8的作用力

F1=—F=4N,方向豎直向下.

對3受力分析如圖所示，由平衡條件，得

外

B

F'

mg

Fz—fng—F'=0,

解得FN=9N.

由牛頓第三定律得B對地面的壓力大小為9N.

專題三第2講

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1.由牛頓第二定律表達式尸=加?？芍ǎ?/p>

A.質量〃2與合外力尸成正比，與加速度a成反比

B.合外力廠與質量相和加速度。都成正比

C.物體的加速度的方向總是跟它速度的方向一致

D.物體的加速度”跟其所受的合外力F成正比，跟它的質量，"成反比

【答案】D

2.（2020屆沈陽四校聯考）如圖所示，當小車向右加速運動時?，物塊例相對車廂靜止于

豎直車廂壁上，當車的加速度增大時（）

A.M受靜摩擦力增大B.M對車廂壁的壓力減小

C.”仍相對于車廂靜止D.”受靜摩擦力減小

【答案】C

3.（2020年上海浦東新區一模）如圖所示，小球沿不同傾角。的光滑斜面滑下，小球的

加速度a及對斜面的壓力N,與各自最大值的比值），隨。變化的圖像分別對應y-6圖中的

（）

A.①和②B.①和④

C.②和③D.③和④

【答案】A【解析】對小球進行受力分析，根據牛頓第二定律得"=gsin8,

當9=90。時，加速度最大為g,則比值為y=￡=sin8,隨著8的增大，y增大，對應①：支

O

持力N=mgcos/支持力的最大值為mg,貝”有y"=cos隨著夕的增大，y減小，

mg

對應②.A正確.

4.一質量為加的物塊在傾角為。的足夠長斜面上勻減速下滑.現對物塊施加一個豎直

向下的恒力F,如圖所示，則物塊減速為零的時間將（）

A.變大B.變小

C.不變D.不能確定

【答案】B

5.中國載人深潛器“蛟龍”號7000m級海試中下潛深度達7062m,再創中國載人深

潛紀錄.設潛水器在下潛或上升的過程中只受重力、海水浮力和海水阻力作用，已知海水浮

力大小為F,設海水阻力與潛水器的速率成正比.當潛水器的總質量為，”時恰好勻速下降,

若使潛水器以同樣速率勻速上浮，則需要拋棄物體的質量為（重力加速度為g）（）

A.—m

g

F

D.2m-

g

【答案】B

6.（2020年保定安國中學月考）（多選）如圖，小球在水平輕繩和輕彈簧拉力作用下靜止,

彈簧與豎直方向夾角為。.設重力加速度為g,下列正確的是（）

A.剪斷彈簧OA瞬間，小球的加速度大小為g,方向豎直向下

B.剪斷彈簧。4瞬間，小球的加速度大小為總，方向與豎直方向成。角斜向右下

C.剪斷OB繩瞬間，小球的加速度大小為gsin。，方向與OA垂直斜向左下

D.剪斷OB繩瞬間，小球的加速度大小為gtan。，方向水平向左

【答案】AD【解析】剪斷彈簧OA瞬間，繩的拉力變為零，小球只受重力，由牛頓

第二定律得”=g,方向豎直向下，故A正確，B錯誤；以球為研究對象，由平衡條件得FOB

-&?sin0=0,FOACOS0~~mg=0,聯立解得FOB=mgtan。剪斷輕繩瞬間，彈簧的彈力

沒有變化，小球所受的合外力是重力與彈力的合力，與原來細繩的拉力大小相等，方向相反，

由牛頓第二定律得a=〃^M=gtana方向水平向左，故C錯誤，D正確.

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7.（2020年山東山師大附中月考）（多選）如圖所示，一折桿固定在小車上，/A=。，B

端固定一個質量為m的小球，設小車向右的加速度為a,AB桿對小球的作用力大小為F,

則下列說法正確的是（）

A.當a=0時，F=A2，方向沿A8桿

B.當“=gtan。時，尸方向沿AB桿

C.無論。取何值，F都等于周聲示，方向都沿A8桿

D.無論。取何值，尸都等于周正工5,方向與AB桿所在直線無關

【答案】BD【解析】對小球受力分析，小球一共受兩個力：重力和桿對球的彈力；

因為小車和球相對靜止，小車有向右的加速度，小球也有向右的加速度.設彈力與豎直方向

夾角為④畫出小球的受力示意圖如圖，則Feosa=mg^Fsina=ma,解得F=y](mg)2+(ma)2>

tanQ=T.當。=0時，F=mg、a=0,即力尸的方向豎直向上，故A錯誤.當〃=gtan夕時，

F=\(mg)2+(WJ?)2=懸^、a=0,即力尸的方向沿AB桿，故B正確；無論“取何值，尸都

等于、(mg)2+(〃〃)2,方向與a取值大小有關，與48桿所在直線無關，故C錯誤，D正確.

8.(2020年天津濱海七校聯考)一輛貨車運載著圓柱形光滑的空油桶.在車廂底，一層

油桶平整排列，相互緊貼并被牢牢固定.上一層只有一只桶C,自由地擺放在A、8之間，

和汽車一起保持靜止，如圖所示，當C與車共同向左加速時()

A.4對C的支持力變大

B.8對C的支持力不變

C.當向左的加速度達到坐g時，C將脫離4

D.當向左的加速度達到坐g時，C將脫離4

【答案】D【解析】對C進行受力分析，如圖所示.

D1

設8對。的支持力與豎直方向的夾角為仇根據幾何關系可得sin。=介=5，所以0=

LKL

30°;同理可得，A對C的支持力與豎直方向的夾角也為30。.原來C處于靜止狀態，根據平

衡條件可得Msin30°=NAsm30°;令C的加速度為。，根據正交分解以及牛頓第二定律有

NB'sin30o-^4，sin30°=w?,可見4對C的支持力減小、B對C的支持力增大，故A、B

錯誤；當A對C的支持力為零時，根據牛頓第二定律可得根gtan30。=〃皿，解得〃=為4,

故C錯誤，D正確.

9.為研究運動物體所受的空氣阻力，某研究小組的同學找來一個傾角可調、斜面比較

長且表面平整的斜面體和一個滑塊，并在滑塊上固定一個高度可升降的風帆，如圖甲所示.他

們讓帶有風帆的滑塊從靜止開始沿斜面下滑，下滑過程帆面與滑塊運動方向垂直.假設滑塊

和風帆總質量為機滑塊與斜面間的動摩擦因數為〃，帆受到的空氣阻力與帆的運動速率成正

比，即Ff—kv.

(1)寫出滑塊下滑過程中加速度的表達式；

(2)求出滑塊下滑的最大速度，并指出有哪些措施可以減小最大速度；

(3)若,w=2kg,斜面傾角6=30。，g取10m/s2,滑塊從靜止下滑的速度圖像如圖乙所

示，圖中的斜線為f=0時。一/圖線的切線，由此求出〃、%的值.(結果保留2位有效數字)

解：(1)由牛頓第二定律，有

mgsin6—fimgcos6—kv=ma,

解得〃=gsin。一〃geos―

(2)當a=0時速度最大

〃?g(sin。-4cos0)

而=~k'

減小最大速度的方法：適當減小斜面傾角仇保證滑塊能靜止下滑)：風帆升起一些.

(3)當。=0時，

a=gsin0—//geos3=3m/s2,

解得〃=吉-0.23.

。/7t￡(sin0-//cos0)

取大速度u=2m/s,即v=-----------7-----------=2m/s

mmK

解得出=3.0Ns/m.

專題三第3講

課后提能演練

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1.（2020年濟南期末）在升降機底部安裝一個加速度傳感器，其上放置了一個質量為“

小物塊，如圖甲所示.升降機從r=0時刻開始豎直向上運動，加速度傳感器顯示加速度a

隨時間/變化如圖乙所示.取豎直向上為正方向，重力加速度為g,以下判斷正確的是（）

A.在0?2fo時間內，物塊先處于失重狀態，后處于超重狀態

B.在%?3"時間內，物塊先處于失重狀態，后處于超重狀態

C.「=而時刻，物塊所受的支持力大小為〃電

D.t=3fo時刻，物塊所受的支持力大小為2,即

【答案】D【解析】由乙圖可知，在0?2%時間內，物塊的加速度方向向上，先處于

超重狀態，A錯誤；由乙圖可知，在而?3”時間內，物塊的加速度方向向上，處于超重狀

態，B錯誤：由乙圖可知，f=r（）時刻，物塊的加速度a=g,根據牛頓第二定律N—，“g=，wg,

得N=2mg,C錯誤：由乙圖可知，f=3A）時刻，物塊的加速度a=g,根據牛頓第二定律N

—mg=mg,得N=2mg,D正確.

2.八人兩物體的質量分別為如、加2，由輕質彈簧相連.當用恒力F豎直向上拉著”，

使。、b一起向上做勻加速直線運動時，彈簧伸長量為XI；當用大小仍為F的恒力沿水平方

向拉著。，使〃、6—起沿光滑水平桌面做勻加速直線運動時，彈簧伸長量為X2,如圖所示，

則（）

b\rw5—

A.?一定等于X2

B.X]一定大于X2

C.若歷2，貝

D.若機[V機2，則X]<X2

【答案】A【解析】當用恒力尸豎直向上拉著。時，先用整體法，有尸一（m+〃?2）g

=（加1+恤）〃1,再隔離b,有kx\—，"2g=，如0,聯立得Xl=k（如+一）.當沿水平方向拉著a時

先用整體法,有尸=(〃?]+〃72)〃2,再隔離b,有kx?=m2c12聯區得X2=故X1=X2,

k(m\+m2)

故A正確.

3.如圖所示，質量為M的長木板位于光滑水平面上，質量為m的物塊靜止在長木板

上，兩者之間的動摩擦因數為〃，現對物塊〃?施加水平向右的恒力F,若恒力尸超過某一臨

界數值，長木板與物塊將出現相對滑動.已知重力加速度大小為g,物塊與長木板之間的最

大靜摩擦力等于兩者之間的滑動摩擦力，則恒力F的臨界數值為（）

m-----

A.fxmgB.fiMg

C.京）D.W"g（l+第

【答案】C【解析】以物塊，”為研究對象，根據牛頓第二定律，有P—〃加g=mai,以

長木板M為研究對象，根據牛頓第二定律，有“"?g=M42,若兩者出現相對滑動應有

聯立解得F^fimg^l+部故C正確.

4.（2020年湖南師大附中月考）如圖所示，一同學用雙手（手未畫出）水平對稱地用力將

兩長方體課本夾緊，且同時以加速度。豎直向上勻加速捧起.已知課本A質量為〃?，課本8

質量為2.，手的作用力大小為F,書本A、8之間動摩擦因數為〃，用整體法與隔離法可分

析出此過程中，書A受到書8施加的摩擦力大小為（）

上4B上

A.[iFB.2卜iF

C.D.機（g+a）

【答案】C

5.（2020年順縣二中期末）（多選）如圖所示，在光滑平面上有一靜止小車，小車質量為M

=5kg,小車上靜止地放置著質量為m=1kg的木塊，和小車間的動摩擦因數為〃=0.2,用

水平恒力F拉動小車，下列關于木塊的加速度a,“和小車的加速度a”可能正確的有（）

22

A.am=1m/s,UM—1m/s

22

B.am=1m/s,a,w=2m/s

22

C.a,n—2m/s,4M=4m/s

D.a?,=3m/s2,aw=5m/s2

【答案】AC【解析】當拉力較小時，兩物體一起加速度運動；當拉力增大到一定值

時，兩物體發生相對滑動，此后受到的是滑動摩擦力，故其加速度恒定為“=得^=2m/s2,

因此當系統加速度小于等于2m/s?時，兩物體一起運動，加速度相同，故A正確，B錯誤；

發生相對滑動后，機的加速度大小恒為2m*且a,"<4"，故C正確，D錯誤.

6.如圖所示，質量為如=2kg的物體A經跨過定滑輪的輕繩與質量為M=5kg的箱

子B相連，箱子底板上放一質量為，"2=1kg的物體C,不計定滑輪的質量和一切阻力，在

箱子加速下落的過程中，g取10m*,下列說法正確的是（）

A.物體A處于失重狀態，加速度大小為10m/s2

B.物體A處于超重狀態，加速度大小為20m/s2

C.物體C處于失重狀態，對箱子的壓力大小為5N

D.輕繩對定滑輪的作用力大小為80N

【答案】C

7.粗糙水平面上放有P、。兩個木塊，它們的質量依次為加、“空，與水平面的動摩擦

因數依次為"卜也.分別對它們施加水平拉力F,它們的加速度a隨拉力廠變化的規律如圖

所示.下列判斷正確的是（）

A.ni\>7722，〃1>42

B.41V分

C.7nl<m2,〃i>〃2

D.m\<ni2f

【答案】B【解析】根據牛頓第二定律可知，加速度。與拉力廠變化的規律，即為尸

一,ung=ma,則。與b圖像的斜率表示圖像與橫坐標的含義為摩擦力的大小，因此則有

m\>mz,而〃MigV〃2m2g,所以〃1V〃2,故B正確，A、C^D錯誤.

綜合提升練

8.（2021年廣東一模）（多選）研究“蹦極”運動時，在運動員身上系好彈性繩并安裝傳

感器，可測得運動員豎直下落的距離及其對應的速度大小.根據傳感器收集到的數據，得到

如圖所示的“速度一位移”圖像.若空氣阻力和彈性繩的重力可以忽略，根據圖像信息，下

列說法正確的有（）

A.彈性繩原長為15m

B.當運動員下降10m時，處于失重狀態

C.當運動員下降15m時，繩的彈性勢能最大

D.當運動員下降20m時，其加速度方向豎直向上

【答案】BD【解析】15m時速度最大，此時加速度為零，合外力為零，彈力不為零，

彈力等于重力，彈性繩處于伸長狀態，故A錯誤；當運動員下降10m時，速度向下并且逐

漸增大，處于失重狀態，故B正確；當運動員下降15m時，速度不為零，運動員繼續向下

運動，彈性繩繼續伸長，彈性勢能繼續增大，故C錯誤；當運動員下降20m時，運動員向

下減速運動，其加速度方向豎直向上，故D正確.

9.（2020年中山紀念學校質檢）（多選）如圖所示，質量分別為如、m2的A、B兩個滑塊

放在斜面上，中間用一個輕桿相連，A、8與斜面間的動摩擦因數分別為川、外，它們在斜

面上加速下滑.關于桿的受力情況，下列分析正確的是（）

A.若幺i>〃2，則桿受到壓力

B.若"i=〃2,則桿受到拉力

C.若〃i<#2，w71vm2,則桿受到壓力

D.若"1=〃2，〃7|W機2，則桿不受到作用力

【答案】AD【解析】假設桿無彈力，滑塊受重力、支持力和滑動摩擦力，根據牛頓

第二定律，有/"igsin，一〃migcos6=如0,解得ai=g（sin0—fncosff）,同理42=g（sin6—〃2cos

。），若〃1>〃2,則。|〈故，B加速度較大，則桿受到壓力，故A正確；若〃|=償，則0=。2,

兩個滑塊加速度相同，說明無相對滑動趨勢，故桿無彈力，故B錯誤，D正確；若加〈償，

則0>①，A加速度較大，則桿受到拉力，故C錯誤.

10.（2020屆贛州名校一模）（多選）如圖所示，傳送帶與水平面之間的夾角6=30。，傳送

帶兩端A、B間的距離1=5m,傳送帶在電動機的帶動下以。=1m/s的速度沿順時針方向勻

速運動，現將一質量m=10kg的小物體（可視為質點）輕放在傳送帶上的A點，已知小物體

與傳送帶之間的動摩擦因數〃=坐，在傳送帶將小物體從A點輸送到B點的過程中（g取10

m/s2）（）

B

5in

A.小物體在傳送帶上運動的時間為5s

B.傳送帶對小物體做的功為255J

C.電動機做的功為255J

D.小物體與傳送帶間因摩擦產生的熱量為15J

【答案】BD【解析】物體剛放上A點時，受到的滑動摩擦力沿傳送帶向上，物體做

勻加速直線運動，此時0=以儂^0—sin。)=2.5m/s),假設物體能與皮

帶達到相同的速度，則物體加速上滑的位移為=不一=0.2m</=5m,假設成立，物體加速到

Z.Cl\

v=1m/s,用時介=7=0.4S,因為"mgeos仇故之后小物體將向上做勻速運動，運

/---Y1

動的時間及=4.8s,故運動的總時間f=h+f2=5.2s,故A錯誤；小物體運動到8點

的速度為1m/s,從A到B,由動能定理，有W伶一機gLsine=%jo2-o,解得卬傳=255J,

故B正確；在相對滑動時，s機=如一足=0.2m,則物體與傳送帶間因摩擦產生的熱量。=

/zmgeos(9-.vis=15J,故D正確；由功能關系，可知電動機做的功等于物體增加的機械能和

因滑動摩擦而產生的熱量，則W電=W.+Q=270J,故C錯誤.

11.(2020屆重慶南開中學期末)如圖所示，質量M=lkg的木板靜止在粗糙的水平地面

上，木板與地面間的動摩擦因數川=0.1,在木板的左端放置一個質量機=1kg、大小可以

忽略的鐵塊，鐵塊與木板間的動摩擦因數“2=04,g取10m/s2,在鐵塊上加一個水平向右

的拉力，貝(1：

(1)廠增大到多少時，鐵塊能在木板上發生相對滑動？

(2)若木板長L=1m,水平拉力恒為8N,經過多長時間鐵塊運動到木板的右端？

........%—，，」”“

解：(1)設F=F\時，鐵塊、木板恰好保持相對靜止，此時兩者的加速度相同，兩者間

的靜摩擦力達到最大.

對木板，根據牛頓第二定律，得

"2〃7g—〃?(m+M)g=Ma,

解得a=2m/s2.

以鐵塊和木板整體為研究對象，根據牛頓第二定律，有

Fi—〃i(/n+M)g=(Mj+M)a,

解得Fi=6N.

(2)鐵塊的加速度大小a尸尸g=4mH,

木板的加速度大小〃2—M—2mzs2,

設經過時間/鐵塊運動到木板的右端，則有

解得f=lS.

專題三實驗四

課后提能演練

知識鞏固練

1.在利用打點計時器和小車來做“驗證牛頓運動定律”的實驗時，下列說法錯誤的是

()

A.平衡摩擦力時，應將祛碼盤及盤內祛碼通過定滑輪拴在小車上

B.連接祛碼盤和小車的細繩應跟長木板保持平行

C.平衡摩擦力后，長木板的位置不能移動

D.小車釋放前應靠近打點計時器，且應先接通電源再釋放小車

【答案】A

2.在驗證牛頓第二定律的實驗中，如圖所示分別是甲、乙、丙、丁四個實驗小組根據

A.甲未平衡摩擦力

B.乙平衡摩擦力過度

C.丙是小車質量太大了

D.丁是不滿足，"《M的條件

【答案】D【解析】甲平衡摩擦力時傾角過大，乙平衡摩擦力時傾角過小，丁圖出現

彎曲是由于底碼質量過大，不滿足加《M的條件.

3.某同學設計了如圖所示的裝置來探究加速度與力的關系，彈簧測力計固定在一合適

的木塊上，桌面的右邊緣固定一個光滑的定滑輪，細繩的兩端分別與彈簧測力計的掛鉤和礦

泉水瓶連接.在桌面上畫出兩條平行線尸、Q,并測出間距4.開始時將木塊置于P處，現緩

慢向瓶中加水，直到木塊剛剛開始運動為止，記下彈簧測力計的示數Fo，以此表示滑動摩

擦力的大小.再將木塊放回原處并按住，繼續向瓶中加水后，記下彈簧測力計的示數F,然

后釋放木塊，并用秒表記下木塊從尸運動到Q處所用的時間t.

(1)木塊的加速度可以用d和f表示為a=.

(2)改變瓶中水的質量重復實驗，確定加速度。與彈簧測力計示數尸的關系.下圖中能

表示該同學實驗結果的是.

(3)用加水的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，它的優點是.

A.可以改變滑動摩擦力的大小

B.可以更方便地獲取更多組實驗數據

C.可以更精確地測出摩擦力的大小

D.可以獲得更大的加速度以提高實驗精度

【答案】(譚(2)C(3)BC

4.如圖所示為“驗證牛頓第二定律”的實驗裝置示意圖.沙和沙桶的總質量為皿小

車和祛碼的總質量為實驗中用沙和沙桶總重力的大小作為細線對小車拉力的大小.

小車、破碼計舟落

接交

流電源

沙、沙桶

(1)實驗中，為了使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，先調節長木板一端滑輪

的高度，使細線與長木板平行.接下來還需要進行的一項操作是()

A.將長木板水平放置，讓小車連著已經穿過打點計時器的紙帶，給打點計時器通電，

調節〃，的大小，使小車在沙和沙桶的牽引下運動，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運動

B.將長木板的一端墊起適當的高度，讓小車連著已經穿過打點計時器的紙帶，撤去沙

和沙桶，給打點計時器通電，輕推小車，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運動

C.將長木板的一端墊起適當的高度，撤去紙帶、沙和沙桶，輕推小車，觀察判斷小車

是否做勻速運動

(2)實驗中要進行質量〃?和M的選取，以下最合理的一組是()

A.M=200g；10g,15g,20g,25g,30g,40g

B.M=200g；m=20g,40g,60g,80g,100g,120g

C.M=400g；/?=10g,15g,20g,25g,30g,40g

D.M=400g；"?=20g,40g,60g,80g,100g,120g

(3)如圖是實驗中得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G為7個相鄰的計數點，相鄰

計數點之間還有4個點未畫出.量出相鄰計數點之間的距離分別為N=4.22cm,切0=4.65

cm,xa>=5.08cm,XDE=5A9cm,XEF=5.91cm,XFG=6.34cm.已知打點計時器的工作頻率

為50Hz,則小車的加速度。=m/s2(結果保留2位有效數字).

([pq?..q,

【答案】(1)B(2)C(3)0.42

綜合提升練

5.如圖為測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數的實驗裝置示意圖.實驗步驟如下：

光

電

8

J_?

輕

輪

滑