2022-2023學年湖北省宜昌市長陽縣第一高級中學高考全真模擬考試物理試題

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，一有界區域磁場的磁感應強度大小為B,方向垂直紙面向里，磁場寬度為L;正方形導線框abed的邊長

也為L,當be邊位于磁場左邊緣時，線框從靜止開始沿x軸正方向勻加速通過磁場區域。若規定逆時針方向為電流的

正方向，則反映線框中感應電流變化規律的圖像是

2、密閉容器內封有一定質量的空氣，使該容器做自由落體運動，氣體對容器壁的壓強（）

A.為零B.保持不變

C.減小D.增大

3、如圖所示，一輕彈簧豎直固定在地面上，一個小球從彈簧正上方某位置由靜止釋放，則小球從釋放到運動至最低點

的過程中（彈簧始終處于彈性限度范圍內），動能々隨下降高度〃的變化規律正確的是（）

o

4、如圖所示，物體A和小車用輕繩連接在一起，小車以速度%向右勻速運動。當小車運動到圖示位置時，輕繩與水

平方向的夾角為關于此時物體A的運動情況的描述正確的是（）

C.物體A的速度大小眩=%sin0D.物體A的速度大小vA=%cos6

5、如圖甲所示，一個圓形線圈放于一個隨時間變化的勻強磁場內，磁場方向垂直線圈所在的平面（紙面），以垂直紙

面向里為正方向。磁感應強度8隨時間/的變化規律如圖乙所示。取圖示線圈中電流方向為正方向，用，■表示線圈中

的感應電流，則下列表示電流隨時間變化的4幅i-f圖像正確的是（）

X

X

X

XXX

甲乙

6、在實驗室觀察到如下的核反應。處于靜止狀態的鋁原子核;;A1,受到一個運動粒子撞擊后，合在一起成為一個處

于激發態的硅原子核;:Si。對此核反應下列表述正確的是（）

A.核反應方程為;;Al+；nf；：SiB.該核反應是核聚變反應

C.新生成的::Si與;:Si是同位素D.新生成的;;Si處于靜止狀態

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，一個斜面固定在水平面上，不計空氣阻力。第一次將小物體從斜面頂端處以水平初速度v沿水平方向拋

出，落在斜面上的位置與斜面頂端的距離為斜面長度的第二次將小物體從斜面頂端以速度2V同方向水平拋出。若

2

小物體碰撞斜面后不彈起，則小物體第一次與第二次在空中的運動過程（）

A.時間之比為1：、歷B.時間之比為1:2

C.豎直位移之比為1:4D.豎直位移之比為1:2

8、如圖，質量為M、長度為L的長木板靜止在光滑水平面上，質量為機的小鐵塊以水平初速度均從木板左端向右

滑動，恰好不會從木板右端滑出。下列情況中，鐵塊仍不會從木板右端滑出的是（）

A.僅增大機B.僅增大拉

C.僅將，〃和增大為原來的兩倍D.僅將M和L增大為原來的兩倍

9、在大型物流貨場，廣泛的應用傳送帶搬運貨物.如圖甲所示，與水平面傾斜的傳送帶以恒定的速率運動，皮帶始終

是繃緊的，將m=lkg的貨物放在傳送帶上的A端，經過1.2s到達傳送帶的B端.用速度傳感器測得貨物與傳送帶的

速度v隨時間t變化的圖象如圖乙所示.已知重力加速度g=10m/s2,則可知（）

A.貨物與傳送帶間的動摩擦因數為0.5

B.A、B兩點的距離為2.4m

C.貨物從A運動到B過程中，傳送帶對貨物做功的大小為12.8J

D.貨物從A運動到B過程中，貨物與傳送帶摩擦產生的熱量為4.8J

10、下列說法中正確的是O

A.光速不變原理是狹義相對論的兩個基本假設之一

B.變化的電場一定產生變化的磁場

C.光的偏振現象說明光是橫波

D.無影燈是利用光的衍射原理

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某同學要測量一由新材料制成的粗細均勻的圓柱形導體的電阻率步驟如下：

（1）用20分度的游標卡尺測量其長度如圖（甲）所示，由圖可知其長度為cm；

（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖（乙）所示，由圖可知其直徑為mm；

甲乙

（3）用圖（丙）所示的電路測定其電阻值，其中凡是待測的圓柱形導體，R為電阻箱，電源電動勢為E,其內阻不計。

在保證安全的情況下多次調節電阻箱，讀出多組電阻箱示數A和對應的電壓表示數V,由測得的數據，繪出了如圖（?。?/p>

所示的，-R圖線，電阻反=_。（結果保留兩位有效數字），此數值與電阻的真實值R比較，Rx_Ro

（4）根據以上數據計算出圓柱形導體的電阻率p=

12.（12分）如圖甲所示為某電阻二隨攝氏溫度二變化的關系，圖中二表示o二時的電阻，二表示圖線的斜率。若用該電

阻與電池（電動勢為二，內阻為二）、電流表（內阻為二_）、滑動變阻器串連起來，連接成如圖乙所示的電路，用該

電阻做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，于是就得到了一個簡單的“電阻測溫計”。

（1）實際使用時要把電流表的刻度值改為相應的溫度刻度值，若溫度-.-,則-的刻度應在-刻度的

-1\-2

（填“左”或“右”）側。

（2）在標識“電阻測溫計”的溫度刻度時，需要弄清所測溫度和電流的對應關系。請用（表示滑動變阻

器接入的阻值）等物理量表示所測溫度-與電流-的關系式：-.

（3）由（2）知，計算溫度和電流的對應關系需要先測量電流表的內阻（約為；打二）。已知實驗室有下列器材：

A.電阻箱（：、二7匚二）

B.電阻箱、多為：二）

C.滑動變阻器（--）

D.滑動變阻器（八“二二）

此外，還有電動勢合適的電源、開關、導線等。

請在虛線框內設計一個用“半偏法”測電流表內阻二一的電路;在這個實驗電路中，電阻箱應選

,滑動變阻器應選。（填儀器前的選項字母）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，在xOy平而內，x=0與x=3L兩直線之間存在兩勻強磁場，磁感應強度大小相同，方向均垂直于

xOy平面，x軸為兩磁場的分界線；在第/象限內存在沿y軸負方向、場強大小為E的勻強電場。一質量為,〃、電荷

量為q（g>0）的粒子從*軸上的4點以某一初速度射入電場，一段時間后，該粒子運動到y軸上的P（0,-）點，

2

以速度V。垂直于y軸方向進入磁場。不計粒子的重力。

（1）求A點的坐標；

（2）若粒子能從磁場右邊界離開，求磁感應強度的取值范圍；

（3）若粒子能從O'（3L,0）點離開，求磁感應強度的可能取值。

14.(16分)甲、乙兩列簡諧橫波在同一介質中分別沿x軸正向和負向傳播，波速均為片20cm/s。兩列波在U0時的

波形曲線如圖所示。求：

(i)/=0開始，乙的波谷到達x=0處的最短時間；

(ii)Z=0~10s內，x=0處的質點到達正向最大位移處的次數。

15.(12分)如圖所示，將橫截面積S=100cm2、容積為V=5L,開口向上的導熱良好的氣缸，置于有=一13十的環境

中。用厚度不計的輕質活塞將體積為％=4L的理想氣體封閉在氣缸中，氣缸底部有一個單向閥門N。外界大氣壓強

po=l.OxlO5Pa,重力加速g=10m/s2,不■一?切摩擦。求：

⑴將活塞用卡銷Q鎖定，用打氣筒通過閥門N給氣缸充氣，每次可將體積％=100mL,壓強為po的理想氣體全部打入

氣缸中，則打氣多少次，才能使其內部壓強達到L2p。；

(ii)當氣缸內氣體壓強達到1.2po時，停止打氣，關閉閥門N,將質量為m=20kg的物體放在活塞上，然后拔掉卡銷Q,

則環境溫度為多少攝氏度時，活塞恰好不脫離氣缸。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

由楞次定律可判斷線圈中的電流方向；由E=BLV及勻加速運動的規律可得出電流隨時間的變化規律。

【詳解】

設導體棒運動的加速度為“，則某時刻其速度v^at

所以在時間內（即當be邊位于磁場左邊緣時開始計時，到be邊位于磁場右邊緣結束）

根據法拉第電磁感應定律得：E=BLv=BLat,電動勢為逆時針方向

由閉合電路歐姆定律得：/=管7,電流為正。其中R為線框的總電阻。

所以在O-ti時間內，1,故AC錯誤；

從tl時刻開始，換ad邊開始切割磁場，電動勢大小E=BLat,其中4</4與，電動勢為順時針方向為負

電流：/=四八電流為負（即/=一絲與，t,<t<t2）

RR

其中/°=華4,電流在tl時刻方向突變，突變瞬間，電流大小保持/。=半。不變。故B正確，D錯誤。

RR

故選B。

【點睛】

對于電磁感應現象中的圖象問題，經常是根據楞次定律或右手定則判斷電流方向，根據法拉第電磁感應定律和閉合電

路的歐姆定律求解感應電流隨時間變化關系，然后推導出縱坐標與橫坐標的關系式，由此進行解答，這是電磁感應問

題中常用的方法和思路.

2、B

【解析】

氣體的壓強是由于氣體分子做無規則運動，對器壁頻繁地撞擊產生的，容器做自由落體運動時處于完全失重狀態，但

氣體分子的無規則運動不會停止.根據氣體壓強的決定因素：分子的平均動能和分子的數密度可知，只要溫度和氣體

的體積不變，分子的平均動能和單位體積內分子數目不變，氣體對容器壁的壓強就保持不變，故B正確，ACD錯誤.故

選B.

點睛：大量的氣體分子做無規則熱運動，對器壁頻繁、持續地碰撞產生了壓力，單個分子碰撞器壁的沖力是短暫的，

但是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對器壁產生持續、均勻的壓力.所以從分子動理論的觀點來看，氣體的壓強等于大

量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力.

3、D

【解析】

小球在下落的過程中，動能先增大后減小，當彈簧彈力與重力大小相等時速度最大，動能最大，由動能定理

FA/?=\Ek

得

里一

因此圖象的切線斜率為合外力，整個下降過程中，合外力先向下不變，后向下減小，再向上增大，選項D正確，ABC

錯誤。

故選D。

4、D

【解析】

小車的速度分解如圖所示，由圖得

VA=VX=%cos0

小車向右勻速運動，％不變，。變小，貝！JCOS。變大，乙變大，即物體4加速上升，故ABC錯誤，D正確。

5、B

【解析】

AB.由楞次定律判定感應電流方向。0~ls、4~5s兩時間段內電流方向與題意正方向相反，l~2s、2?3s兩時間段內電

流方向與題意正方向相同。所以B正確，A錯誤；

CD.由電磁感應定律和歐姆定律得感應電流

,_￡A<DSAS

Rbt-RRZ

則i的大小與"的大小成正比。結合題圖乙知，3~4s時間內

△t

——=0

無感應電流。其他時間段內一的大小相等，則感應電流大小恒定，即各段電流大小相等。所以CD錯誤。

Ar

故選B。

6、C

【解析】

A.該反應過程的質量數和電荷數均守恒，但反應物;n錯誤，應為:H,故A錯誤；

B.該反應的類型為人工轉變，不是核聚變反應，故B錯誤；

C.；：Si與;:Si的電荷數相同，屬于同一種元素，二者為同位素，故C正確；

D.核反應過程中遵守動量守恒，反應前;;A1靜止，則生成的硅原子核;:Si應與反應前撞擊粒子的速度方向相同，故

D錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AD

【解析】

AB.設斜面傾角為長度為L小物塊以速度v平拋落在斜面上時位移關系有

12

tan。」』

解得

2vtan0

4=

g

則落點距斜面頂端距離

%_vtt_2V之tan0

S]===

cos6cos6gcos0

若第二次落在斜面上，同理落點距斜面頂端

2（2v）2tan^

二

$2geos。

則有

s2=4S[=2L

該距離大于斜面的長度心則第二次拋出時落在水平面上。以速度y平拋時

則有

t2V2

所以A正確，B錯誤；

CD.第一次與第二次平拋的豎直位移之比為

一Lsin，1

2=1

y2Lsin92

所以D正確，C錯誤。

故選ADo

8,ACD

【解析】

由動量守恒和能量關系可知

mv0=(m+M)v

Ax=；mVg~^(m+M)v2

聯立解得

M=—E—

2〃g(l+號)

A.僅增大機，則Ax不變，即物塊仍恰好從木板右端滑出，選項A正確；

B.僅增大M,則Ax變大，即物塊能從木板右端滑出，選項B錯誤；

C.將，"增大為原來的兩倍，貝必x不變，而L增大為原來的兩倍，物塊不能從木板右端滑出，選項C正確；

D.僅將M增大為原來的兩倍，則Ax變大，但是不會增加到原來的2倍，而心增加到原來的2倍，可知木塊不會從木

板上滑出，選項D正確；

故選ACD?

9、AD

【解析】

A、在0~0.2s時間內，貨物的速度小于傳送帶速度，貨物受到沿斜面向下的滑動摩擦力作用，由牛頓第二定律有

根gsin6+〃根gcosO=mq,由圖乙可得風=10〃?//,貨物加速到與傳送帶速度相等后，在0.2~L2s時間內，貨

物速度大于傳送帶速度，故有機gsind-gcose=，〃4，由圖乙可得2=2加/$2,聯立解得cos6=0.8,〃=0.5,

故A正確；

B、VT圖象與，軸所圍的面積表示位移，貨物的位移等于傳送帶的長度，由圖乙可知傳送帶的長度為L=3.2?m,B錯

誤；

C、貨物受到的摩擦力為/=〃mgcos9=4N,0?0.2s時間內的位移為西=02m,對貨物受力分析知摩擦力沿傳

送帶向下，摩擦力對貨物做正功，Wp=A=?.8?,同理0.2~1.2s時間內，貨物的位移為尤2=即，摩擦力沿傳

送帶向上，對貨物做的負功為叼2=-笈2=-12?1,所以整個過程，傳送帶對貨物做功的大小為12J-O.8J=1L2J,C

錯誤；

D、貨物與傳送帶摩擦產生的熱量等于摩擦力乘以相對路程，0~0.2s時間內，傳送帶的位移為七=0-4m,0.2-1.25

時間內，傳送帶的位移為5=處，總相對路程為a=七-玉+々-/=m2?,貨物與傳送帶摩擦產生的熱量為

2=/Ax=4.8?,故D正確.

點睛：本題一方面要分析工件的運動情況，由圖象結合求解加速度，再結合牛頓第二定律分兩個過程列式求解摩擦因

數及斜面傾角是關鍵，求摩擦產生的熱量注意找兩物體的相對位移.

10、AC

【解析】

A.狹義相對論的兩條基本假設是光速不變原理和相對性原理，故A正確；

B.均勻變化的電場一定產生恒定的磁場，故B錯誤；

C.偏振是橫波的特有現象，光的偏振現象說明光是一種橫波，故C正確；

D.無影燈是利用光的直線傳播原理制成的，故D錯誤。

故選AC。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、5.0154.70017小于5.9xlO3Slm

【解析】

(1)口］根據游標卡尺的讀數規則可知讀數為

50mm+3x0.05mm=50.15mm=5.015cin

(2)［2］根據螺旋測微器讀數規則可知讀數為

4.5mm+20.0x0.01mm=4.700mm

(3)［3］由圖示電路圖可知，電壓表示數為

整理得

—1——1-----cRT-1---

UER*E

由圖示圖象可知，縱軸截距

6」=0.5

E

所以電源電動勢E=2V,圖象斜率

人1

1氣0.8-0.5

K.=-----=——=----=0.3

ERX\R10

所以電阻阻值

［4］由于電壓表的分流作用可知此測量值小于電阻的真實值治。

(5)［5］由電阻定律可知

代入數據解得電阻率p~5.9xl0^.m；

【解析】

第一空.由題圖甲可知，溫度升高時電阻阻值增大，導致流過電流表的電流減小，可知-的刻度應在-刻度的右側.

第二空,由閉合電路歐姆定律知二二二匚+1二一二二十二，由圖甲知二二二.十二二，解得

二=會心(二二十二1+二?-i)

第三空.應用半偏法測電流表的內阻實驗時，滑動變阻器采用限流式，電流表和電阻箱并聯，設計的電路如圖所示:

第四空.第五空.采用半偏法測電阻時，電阻箱的最大阻值應該大于電流表的內阻，同時滑動變阻器應該選擇阻值較大的,

故電阻箱選擇B,滑動變阻器選擇D.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)(-%,匹，0)；(2)0<B<(2+^)mV°；(3)8可能的取值為

4mv04/nv0100mv0

\qEqL37qL5qL61qL

【解析】

(1)粒子由A點到尸點的運動可看成由p點到A點做類平拋運動，設運動時間為t,加速度大小為“，有

XA=VoZ①

qE=ma②

L12c

_=_q產③

22

由①②③得

\mL—

XA=VOJ—?

NqE

A點的坐標為(-v0J—,0)⑤

NqE

(2)只要粒子不會從左邊界離開，粒子就能到達右邊界，設3的最大值為8m,最小軌跡半徑為R。，軌跡如答圖a,

圖示的夾角為仇則

廣3L

J;:

J.________________u

I

I

答圖a

根據幾何關系有

2Koeos8=Ro⑥

RosinO+R?=￡⑦

2

在磁場中由洛倫茲力提供向心力，則有

2

＜7%耳.=，〃?⑧

由⑥⑦⑧得

乩=—電電⑨

，nqL

即磁感應強度的取值范圍為

0＜小(2撞)叫⑩

qL

(3)設粒子到達O點的過程中，經過x軸〃次，一次到達x軸的位置與坐標原點。的距離為心，如答圖瓦

若粒子在第一次到達X軸的軌跡圓心角大于90。，即當天＜|時粒子將不可能到達0,點，故Xn需要滿足

?

且

(2/i-l)Xn=3L?

故”只能取1、2、3(如答圖c)

r>3Lt*U

答圖C

3

即X可能的取值為3L,L,-L@

又軌跡半徑蜃滿足

￡=%；+(凡-勺2?

在磁場中由洛倫茲力提供向心力