宜賓市重點中學2024屆物理高二上期中監測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于溫度及內能的說法中正確的是（）A．物體吸熱，溫度一定升高B．一個物體的溫度升高，一定是外界對物體做功C．質量和溫度相同的冰和水，內能是相同的D．某一鐵塊，溫度降低，內能一定減小2、如圖所示，回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動能的裝置。其核心部分是兩個D形金屬盒，置于勻強磁場中，兩盒分別與高頻電源相連。則下列說法正確的是（）A．帶電粒子從磁場中獲得能量B．帶電粒子加速所獲得的最大動能與加速電壓的大小有關C．帶電粒子加速所獲得的最大動能與金屬盒的半徑有關D．帶電粒子做圓周運動的周期隨半徑增大而增大3、某電容器上標有“220V300μF”，300μF＝____________FA．3×108 B．3×10﹣4 C．0.3 D．3×1054、用比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列表達式中不屬于用比值定義物理量的是A．加速度a=B．電流I=C．電場強度E=D．磁感應強度B=5、如圖，虛線方框內為四個相同的勻強磁場，磁場中分別放入四個單匝線圈，四個線圈的邊長MN相等，線圈平面與磁場方向垂直．當線圈中通有大小相同的環形電流時，四個線圈所受安培力最大的是A． B．C． D．6、如圖所示，金屬球殼A帶正電，其上方有一小孔a，靜電計B的金屬球b用導線與金屬小球c相連，以下操作所發生的現象中正確的是A．將c移近A，但不與A接觸，B的指針會張開一定角度B．將c與A外表面接觸后移開A，B的指針不會張開C．將c與A內表面接觸時，B的指針不會張開D．將c從導線上解下，然后用絕緣細繩吊著從A中小孔置入A內，并與其內壁接觸，再提出空腔，與b接觸，B的指針會張開一定角度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，傳送帶的水平部分長為L，傳動速率為v，在其它左端無初速度釋放一小木塊，若木塊與傳送帶間的動摩擦因數為μ，則木塊從左端運動到右端的時間可能是（）A．B．LvC．D．2Lv8、如圖所示，在虛線寬度范圍內，存在方向垂直紙面向外磁感應強度為B的勻強磁場，某種正離子以初速度v0垂直于左邊界射入，離開右邊界時偏轉角度為θ。在該寬度范圍內，若只存在豎直向下的勻強電場，該離子仍以原來的初速度穿過該區域，偏角角度仍為θ(不計離子的重力)，則下列判斷正確的是()A．勻強電場的電場強度大小為B．勻強電場的電場強度大小為C．離子穿過電場和磁場的時間之比為D．離子穿過電場和磁場的時間之比為9、如圖所示，平行板電容器與電動勢為的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略，一帶負電油滴恰好靜止于電容器中的P點，現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則A．平行板電容器的電容將變大B．靜電計指針張角將不變C．帶電油滴所受的電場力變小，G表中有a→b的電流D．當液滴靜止時，若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，再將其下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴將向下運動10、如圖所示，電源內阻不可忽略。開關S閉合后，在變阻器R0的滑動片向下滑動的過程中A．電壓表的示數減小B．電流表的示數增大C．電壓表的示數增大D．電流表的示數減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學設計如圖所示電路研究電源電流和內電壓的關系，用伏特表測內電壓U，用電流表測電流I，通過活塞改變內電阻r，做出如圖所示U-I圖線．若電池的電動勢為E，外電路阻值R一定，則UM=_____，斜率k=_____．U隨I變化的表達式為______，IM表示r趨近_____（選“無限大”或“0”）的電流且IM=____．（用E、R、U、I、r表示）（2）如圖所示為歐姆表原理示意圖，電流表滿偏電流3mA，變阻器R0電阻調節范圍為0~5000Ω，內部電源標稱值為6V，但實際電動勢為5.4V，且內阻增大，但仍能調零，調零后測得電阻讀數比實際值_________（填“偏大”、“偏小”）．12．（12分）某同學在用如圖所示的裝置探究彈簧彈力與伸長量的關系時，測得彈簧的長度與所掛鉤碼的個數如下表所示，請填出表中①②所缺項______、______(彈簧在彈性限度內，每個鉤碼質量相同)所掛鉤碼個數(個)彈簧長度(cm)0①14.0②5.0四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電荷量為＋q、質量為m的小物塊處于一傾角為37°的光滑斜面上，當整個裝置被置于一水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止．重力加速度取g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：（1）水平向右電場的電場強度的大小；（2）若將電場強度減小為原來的，小物塊的加速度是多大；14．（16分）如圖，在x軸上方存在勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外；在x軸下方存在勻強電場，電場方向與xOy平面平行，且與x軸成37°夾角．一質量為m、電荷量為q（q>0）的粒子以某一初速度v0從y軸上的P點沿y軸正方向射出，一段時間后進入電場，進入電場時的速度方向與電場方向相反；經過一段時間至y軸坐標為-6L處速度恰好減為零．不計重力．（1）求粒子從P點出發至第一次到達x軸時所需的時間；（2）粒子初速度v0多大？（3）電場強度E多大？（4）粒子第三次到達x軸時距離坐標原點多遠？15．（12分）某高中校區擬采購一批實驗器材，增強學生對電偏轉和磁偏轉研究的動手能力，其核心結構原理可簡化為如題圖所示：AB、CD間的區域有豎直方向的勻強電場，在CD的右側有一與CD相切于M點的圓形有界勻強磁場，磁場方向垂直于紙面。一帶電粒子自O點以水平初速度v0正對P點進入該電場后，從M點飛離CD邊界時速度為2v0，再經磁場偏轉后又從N點垂直于CD邊界回到電場區域，并恰能返回O點。已知OP間距離為d，粒子質量為m，電量為q，粒子自身重力忽略不計。試求：(1)P、M兩點間的距離；(2)粒子返回O點時速度的大小；(3)磁感強度的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】晶體熔化時吸熱，但溫度不變，故A錯誤；一個物體的溫度升高，不一定是外界對物體做功，還可能是吸收了熱量，故B錯誤；質量和溫度相同的冰和水，水的內能大，故C錯誤；同一物體分子個數是一定的，當溫度降低時，分子的熱運動越緩慢，則分子的動能就越小，從而物體的內能減小；由于鐵塊的質量不變，因此鐵塊的溫度降低，內能一定減小，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。2、C【解題分析】

A、由回旋加速器原理可知，它的核心部分是兩個D形金屬盒，置于勻強磁場中，兩盒分別與高頻電源相連，兩盒間的窄縫中形成勻強磁場，交流電的周期和粒子做圓周運動的周期相等，粒子在圓周運動的過程中一次一次地經過D形盒縫隙，兩盒間的勻強電場一次一次地反向，粒子就會被一次一次地加速，在磁場中洛倫茲力不做功，帶電粒子是從電場中獲得能量的，故A錯誤.B、粒子從D形盒出來時速度最大，由qvB=mv2R，粒子被加速后的最大動能Ekm=12mv2=q2R2D、高頻電源周期與粒子在磁場中勻速圓周運動的周期相同，由帶電粒子做圓周運動的周期T=2πmqB可知，周期T由粒子的質量、電量和磁感應強度決定，與半徑無關，故D故選：C.【題目點撥】解決本題的關鍵是掌握加速器的工作原理以及加速器的構造，注意粒子是從電場中獲得能量，但回旋加速器的最大速度與電場無關，與磁感應強度和D形盒的半徑有關.3、B【解題分析】

300μF＝300×10-6F=3×10﹣4F.A．3×108，與結論不相符，選項A錯誤；B．3×10﹣4，與結論相符，選項B正確；C．0.3，與結論不相符，選項C錯誤；D．3×105，與結論不相符，選項D錯誤；故選B.4、B【解題分析】試題分析：加速度a與Δv和Δt的大小無關，電場強度E和F以及q的大小無關，磁感應強度B與F以及IL的大小無關，故ACD都是比值法定義，而電流I的大小取決于其兩端的電壓和電阻的大小，故B不屬于比值法定義．考點：考查了比值法定義【名師點睛】關鍵是理解比值法定義：所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變5、A【解題分析】由題意可知，四個圖中導線均垂直與磁場，A圖中的有效長度最大，根據公式F=BIL可知，A圖中所受安培力最大，故A正確，BCD錯誤；故選A.6、A【解題分析】

把c移近A，c上會感應出負電荷，由電荷守恒，B的指針末端會感應出正電荷，同種電荷相互排斥，則B的指針張開，故A正確；c與A的外表面接觸后帶上正電，B的指針張開，故B錯誤；c與A的內表面接觸，A、B、c成為一個導體，B的指針帶正電，會張開，故C錯誤；c在A內靜電屏蔽，不帶電，與靜電計接觸，B的指針不會張開，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

木塊沿著傳送帶的運動可能是一直加速，也可能是先加速后勻速，對于加速過程，可以先根據牛頓第二定律求出加速度，然后根據運動學公式求解運動時間；【題目詳解】若木塊沿著傳送帶的運動是一直加速，根據牛頓第二定律，有：

根據位移時間公式，有：，解得；

若一直加速到達另一端的速度恰好為v，則有，解得；若先加速后勻速，則勻加速運動的時間，勻速運動的時間，則總時間，故AD正確，BC錯誤．【題目點撥】本題關鍵是將小滑塊的運動分為兩種情況分析，一直勻加速或先勻加速后勻速，然后根據牛頓第二定律和運動學公式列式求解．8、AD【解題分析】

AB．當是磁場時洛倫茲力提供向心力：求得：離開右邊界時偏轉角度為θ，則磁場寬度：變為勻強電場后，運動時間：加速度：所以豎直方向速度：偏角角度仍為θ，故：求得：故A正確、B錯誤；CD．在磁場中運動周期：所以在磁場中運動時間：所以：故C錯誤、D正確；故選AD.9、BC【解題分析】

A.將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，導致極板間距增大，根據知，增大，則平行板電容器的電容將變小，故A錯誤；B.靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；C.電勢差不變，增大，根據則電場強度減小，帶電油滴所受的電場力變小，根據可知平行板電容器的電荷量減小，平行板電容器放電，G表中有的電流，故C正確；D.若先將電容器上極板與電源正極的導線斷開，則電荷量不變，兩極板間的電場強度：極板間距離發生變化，電場強度不變，則油滴所受電場力不變，帶電油滴將靜止，故D錯誤。10、AD【解題分析】

在變阻器R0的滑動端向下滑動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，內電壓增大，則由閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓減小，故電壓表示數變小；由歐姆定律可知，R1上的分壓增大，路端電壓減小，故并聯部分電壓減小，即可知電流表示數變小。故AD正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）ERU=E-IR0（2）偏大【解題分析】（1）根據閉合電路歐姆定律可知，內壓U=E-IR，則可知圖象與縱坐標的交點為電源的電動勢；故UM=E；圖象的斜率表示外電阻R；圖象與橫坐標交點表示內電壓為零，故說明內阻為零；此時電流；（2）歐姆表內阻，電流表滿偏電流Ig不變，電源電動勢E變小，則歐姆表總內阻要變小，由閉合電路歐姆定律可得：，R測=-R，由于內阻R變小，則待測電阻阻值R測偏大，電池內阻增大，故R0的阻值調零時一定偏小，所以測量電阻讀數比實際值大.12、3.02【解題分析】

由圖看出，不掛勾碼時，彈簧長度為3.0cm；掛一個勾碼時，彈簧長度為4cm，伸長1cm；掛兩個勾碼時，拉力變為2倍，故伸長量變為2倍，即伸長2cm，長度為5cm；則表中①②所缺項：3.0、2；【題目點撥】胡克定律是力學基本定律之一。適用于一切固體材料的彈性定律，它指出：在彈性限度內，物體的形變跟引起形變的外力成正比。這個定律是英國科學家胡克發現的，所以叫做胡克定律。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）0.3g【解題分析】

（1）建立如圖所示坐標系，對物體進行受力分析，根據平衡列方程：

在x軸