浙江省桐鄉市2024屆高二物理第一學期期中教學質量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩個同心放置的共面金屬圓環a和b，一條形磁鐵穿過圓心且與環面垂直，則穿過兩環的磁通量Φa和Φb大小關系為（）A．均向上，Φa>Φb B．均向下，Φa<ΦbC．均向上，Φa＝Φb D．均向下，無法比較大小2、如圖所示，abcd是一矩形的四個頂點，且ab=cd=20cm，ad=bc=40cm，電場線與矩形所在平面平行，已知a點電勢為7V，b點電勢為13V，則（）A．場強大小一定為E=30V/mB．c點電勢可能比d點低C．cd間電勢差一定為6VD．場強方向一定由b指向a3、．如圖所示，將一根粗細均勻的電阻絲彎成一個閉合的圓環，接入電路中，電路與圓環的O點固定，P為與圓環良好接觸的滑動頭．閉合開關S，在滑動頭P緩慢地由m點經n點移到q點的過程中，電容器C所帶的電荷量將A．由小變大 B．由大變小C．先變小后變大 D．先變大后變小4、下列關于元電荷、場源電荷、試探電荷、點電荷的說法，正確的是A．元電荷既不是電子，也不是質子，它是最小的電荷量，帶電粒子所帶電荷量可以是1.5eB．試探電荷是電荷量很小，形狀可以忽略的電荷，故能看成點電荷的電荷就是試探電荷C．體積很小的電荷不一定是點電荷，但點電荷所帶電荷量一定很少D．空間中的電場分布只取決于場源電荷，與試探電荷無關5、在地球赤道上空，沿東西方向水平放置一根通以由西向東的直線電流，則此導線受到的安培力方向（）A．豎直向上 B．豎直向下 C．由南向北 D．由西向東6、充電寶內部的主要部件是鋰電池，充電寶中的鋰電池在充電后，就是一個電源，可以給手機充電．機場規定：嚴禁攜帶額定能量超過160W·h的充電寶搭乘飛機．某同學的充電寶銘牌上面寫著“10000mA·h”和“3.7V”下列說法正確的是A．按規定不能攜帶該充電寶搭乘飛機 B．160W·h是指功率C．10000mA·h是指電荷量 D．10000mA·h是指電動勢二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個阻值為R的電阻加上恒定電壓U后，不考慮溫度對電阻影響，有關該電阻的某個電學量x隨時間變化的圖象如圖所示，則x可能是()A．電量qB．電流IC．電功率PD．電熱Q8、一種新型發電機叫磁流體發電機，它的發電原理是：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，而從整體來說呈中性）沿圖中所示方向高速噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就聚集了電荷．已知等離子體噴入速度為v，A、B間磁感應強度為B，A、B間距為d。在磁極配置如圖中所示的情況下，下述說法正確的是A．A板帶正電B．B板帶正電C．金屬板A、B間只存在磁場D．該磁流體發電機的電動勢為vBd9、一電池外電路斷開時的路端電壓為3V，接上8Ω的負載后路端電壓降為2.4V，則可以判定電池的電動勢E和內阻r分別為（）A．E=3V B．r=1Ω C．r=2Ω D．E=2.4V10、如圖，三根相互平行的固定長直導線L1、L2和L3兩兩等距，均通有電流I，L1中電流方向與L2中的相同，與L3中的相反，下列說法正確的是（）A．L1所受磁場作用力的方向與L2、L3所在平面垂直B．L3所受磁場作用力的方向與L1、L2所在平面垂直C．L1、L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為D．L1、L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示的裝置可以探究做勻速圓周運動的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關。(1)本實驗采用的科學方法是________。A．控制變量法B．累積法C．微元法D．放大法(2)通過本實驗可以得到的結果是________。A．在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B．在質量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質量成正比D．在質量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比12．（12分）在實驗室，某同學用多用電表粗測一段樣品的電阻．經正確操作后，用“×100Ω”檔時發現指針偏轉情況如圖所示，則他應該換用______檔(填“×10Ω”檔或“×1kΩ”)重新測量．換檔后，在測量前應_______________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）有位同學要重新布置自己的房間．他用200N的水平拉力勻速拉動質量為50kg的書桌，書桌與地面間的動摩擦因數是多少？如果要在同樣情況下勻速移動質量為150kg的書柜，他用200N的力能拉動書柜嗎？這時摩擦力多大？(g取10m/s2)14．（16分）在如圖所示電路中，定值電阻R0=2Ω，安培表和伏特表均為理想電表。閉合開關K，當滑動變阻器Rx滑片P從一端移向另一端時，發現電壓表的電壓變化范圍為0V到3V，安培表的變化范圍為0.75A到1.0A．求：(1)電源的電動勢和內阻；(2)移動變阻器滑片時，能得到的電源的最大輸出功率.15．（12分）如圖所示電路中，電源電動勢E=1.5V，內阻r=0.6Ω，電阻R1=3Ω，電阻R2=4Ω，電阻R3=6Ω．電壓表為理想電表，閉合開關S，求：（1）通過電源的電流大小（2）電源的內電壓和電壓表示數

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

根據磁感線的分布情況可知，磁鐵內部穿過環面的磁感線方向向上，外部磁感線方向向下。由于磁感線是閉合曲線，磁鐵內部的磁感線條數等于磁鐵外部磁感線的總條數，而磁鐵外部磁感線分布在無限大的空間，所以穿過環面的磁鐵外部向下的磁感線將磁鐵內部向上的磁感線抵消一部分，a的面積小，抵消較小，則磁通量較大，所以Φa＞Φb。故A正確BCD錯誤。故選A。2、C【解題分析】根據題設條件可知，場強方向無法確定，知道了ab間電勢差，但不能根據E=U3、D【解題分析】動頭P緩慢地由m點經n點移到q點的過程中，電阻先變大后變小，則定值電阻R兩端電壓先變小后變大，電容器C所帶的電荷量Q=CU，也是先變小后變大，選C4、D【解題分析】

A．元電荷既不是電子，也不是質子，它是最小的電荷量，任何帶電體所帶電荷量等于元電荷或者是元電荷的整數倍；故A錯誤．B．點電荷是一種理想化的對象模型，指沒有大小的帶電體，當電荷間距離大到可認為電荷大小、形狀不起什么作用時，可把電荷看成點電荷，也就是說點電荷可以很大，這樣的電荷就做不了試探電荷，試探電荷需要的是體積小，電荷量小，所以點電荷不一定能做試探電荷；故B錯誤．C．點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點，物體能不能簡化為點，不是看物體的絕對大小，而是看物體的大小對于兩個電荷的間距能不能忽略不計，點電荷所帶電荷量不一定很少；故C錯誤．D．空間中的電場分布只取決于場源電荷，與試探電荷無關；故D正確．故選D．5、A【解題分析】

地球表面附近赤道上空地磁場呈水平方向，由南向北，電流方向由西向東，由左手定則可判斷導線受到的安培力方向豎直向上所以，A選項正確，BCD選項錯誤故選A6、C【解題分析】

A．根據W=IUt=qU=10000mA·h×3.7V=10Ah×3.7V=37W?h<160W·h，則可帶上飛機，選項A錯誤；B．160W·h是指能量，選項B錯誤；CD．根據q=It可知，10000mA·h是指電荷量，選項C正確，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

因q=It=URt，則x可能是電量q，選項A正確；電流I=UR為恒量可知B錯誤；電功率P=U2R為恒量，可知8、BD【解題分析】

由題意可知考查帶電粒子在磁場中的偏轉問題，根據左手定則、受力動態平衡條件分析可得。【題目詳解】AB．由左手定則可知，正粒子受到向下的洛倫茲力，偏轉打在B板上，負粒子受到向上的洛倫茲力偏轉打在B板上，所以A板帶負電，B板帶正電，故A錯誤，B正確；C．金屬板A、B間除存在磁場處，還存在電場；故C錯誤；D．帶電粒子受到磁場力和電場力平衡，，所以磁流體發電機的電動勢為，故D正確。【題目點撥】磁流體發電機的工作原理：正負帶電粒子在磁場中偏轉，達到穩定后，電場力和洛倫茲力大小相等，根據平衡條件列式可求出電動勢9、AC【解題分析】試題分析：電源的電動勢等于外電路斷開時電源兩極間的電壓．電源接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V，根據歐姆定律利用比例法求出電源的內電阻．電池外電路斷開時的路端電壓為3V，則電池的電動勢為E=3V．當電源接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V，則電路中電流為，得內阻，故AC正確．10、BC【解題分析】

A．同向電流相互吸引，反向電流相互排斥．對L1受力分析，如圖所示，可知L1所受磁場力的方向與L2、L3所在的平面平行，故A錯誤；B．對L3受力分析，如圖所示，可知L3所受磁場力的方向與L1、L2所在的平面垂直，故B正確；CD．設三根導線兩兩之間的相互作用力為F，則L1、L2受到的磁場力的合力等于F，L3受的磁場力的合力為，即L1、L2、L3單位長度受到的磁場力之比為，故C正確，D錯誤．【題目點撥】先根據安培定則判斷磁場的方向，再根據磁場的疊加得出直線電流處磁場的方向，再由左手定則判斷安培力的方向，本題重點是對磁場方向的判斷、大小的比較．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AC【解題分析】

(1)[1]探究做勻速圓周運動的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關，控制其他量不變，只改變其中的一個變量，看向心力與該變量的關系，故采用的是控制變量法，故A正確BCD錯誤。故選A。(2)[2]AB．在質量和半徑一定的情況下向心力的大小與角速度的平方成正比，與線速度的平方成正比，故AB錯誤；C．在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質量成正比，故C正確；D．在質量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成正比，故D錯誤。故選C。12、×1k重新歐姆調零【解題分析】

因偏轉角度過小，則電阻大要用大量程的，選擇檔，換檔后電路改變，要重新歐姆調零．點睛：歐姆表盤指針偏轉角度越小，則電流越小，電阻越大要換大量程檔位；換檔的要進行歐姆調零，讀數要乘以倍率．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、0.4不能200【解題分析】當勻速移動書桌時，書桌的受力分析如右圖所示，由于書桌處于平衡狀態，則由二力平衡的條件可知，書桌與地面間的滑動摩擦力與水平拉力大小相等，即F1="F=200"N.書桌對地面的壓力為FN=mg=50×10N="500"N由F=μFN得μ===0.4即書與地面間的動摩擦因數為0.4在同樣的情況下移動質量為150kg的書柜時，動摩擦因數也是0.4，此時書柜對地面的壓力為F′N=mg=150×10N="1"500N移動書柜所需的水平拉力為F2=F′N=0.4×1500N="600"N，用200N的水平拉力不能移動書柜，此時書柜所受的摩擦力為靜摩擦力，由二力平衡的條件可知，其大小為200N.14、（1）12V，10Ω；（2）【解題分析】

(1)由題分析可知，當滑片P滑到a端時，電壓表讀出為3V，電流表讀數為0.75A，根據歐姆定律求出Rx的總阻值；根據閉合電路歐姆定律，分別對滑片P滑到a端和b端兩種情況進行研究，得出方程組成方程組，求解電動勢和內阻.(2)當滑動變阻器的滑片在b處時，變阻器接入電路的電阻為零，根據歐姆定律求出電路中電流，再求解電源的輸出功率和電源的熱功率.【題目詳解】(1)據題意可知：Rx的最大值為當Rx1=0時，Ux1=0，對應電流為I1=1A，由閉合電路歐姆定律得:E=I1(R0+r)①當Rx為最大值時