2024屆河南省南陽市省示范性高中聯誼學校物理高二第一學期期中統考試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于磁場描述說法中正確的是A．磁感線始于N極，終于S極。B．一小段通電導線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應強度一定為零C．某點電場強度的大小等于一個檢驗電荷放在該點時受到的電場力與檢驗電荷本身所帶電荷量的比值D．某點磁感應強度的大小等于一小段通電導線放在該點時受到的磁場力與該小段導體長度和電流乘積的比值2、如圖所示，線圈兩端接在電流表上組成閉合電路．在下列情況中，電流表指針不發生偏轉的是（）A．線圈不動，磁鐵插入線圈B．線圈不動，磁鐵從線圈中拔出C．磁鐵不動，線圈上、下移動D．磁鐵插在線圈內不動3、學習物理要正確理解物理規律和公式的內涵．你認為下列理解正確的是（）A．根據庫侖定律公式F=kqB．根據電荷守恒定律可知，一個與外界沒有電荷交換的系統，電荷的代數和不變C．由勻強電場電勢差與電場強度的關系U=Ed可知，勻強電場中任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比D．根據電容器的電容的定義式C=Q4、下面關于三點電場強度的大小、電勢高低的比較，正確的是A．EA=EC>EB，φA=φC>φBB．EA=EC>EB，φA>φB>φCC．EB>EA>EC，φA=φC>φBD．EB>EC>EA，φA=φC>φB5、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L標有6V12W字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50Ω．若燈泡恰能正常發光，以下說法中不正確的是（）A．電動機的輸入功率是12WB．電動機的輸出功率是12WC．電動機的熱功率是2.0WD．整個電路消耗的電功率是24W6、如圖所示的螺線管正上方放置一小磁針，當閉合開關S后，小磁針的指向如圖所示，其中黑色的那一端為小磁針的N極，下列判斷正確的是A．電源左端為正、右端為負，線圈左端為N極，右端為S極B．電源左端為負、右端為正，線圈左端為N極，右端為S極C．電源左端為負、右端為正，線圈左端為S極，右端為N極D．電源左端為正、右端為負，線圈左端為S極，右端為N極二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平向右的勻強電場中，一帶電粒子從A點以豎直向上的初速度開始運動，經最高點B后回到與A在同一水平線上的C點，粒子從A到B過程中克服重力做功2.0J，電場力做功3.0J，則A．粒子做勻變速曲線運動B．粒子在B點速度為零C．粒子在C點的機械能比在A點多12.0JD．粒子在C點的動能為14.0J8、一鉛蓄電池的電動勢為2V，這表示（）A．電路中每通過1C電量，電源把2J的化學能轉變為電能B．電動勢就是電壓C．該蓄電池能在1s內將2J的化學能轉變成電能D．該蓄電池將化學能轉變成電能的本領比一節干電池（電動勢為1.5V）的大9、一個直流電動機所加的電壓為U，電流為I，線圈內阻為R，當它工作時，下列說法正確的是（）A．電動機的輸出功率為B．電動機的發熱功率為C．電動機的功率可寫作D．電動機的輸出功率為10、如圖所示，電路中電源電動勢為E，內阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發光．現將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表V1、V2示數變化量的絕對值分別為，理想電流表A示數變化量的絕對值為，則（）A．電流表示數變大，V2示數變小B．燈泡亮度逐漸變暗C．與均保持不變，且前者小于后者D．當電路穩定后，斷開電鍵，小燈泡逐漸變暗至熄滅三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中,某學習小組在實驗室組裝了如圖的裝置外,還備有下列器材：打點計時器所用的學生電源、導線、復寫紙、天平、細沙他們稱量滑塊的質量為M、沙和小桶的總質量為m當滑塊連接上紙帶,用細線通過滑輪掛上空的小桶時,滑塊處于靜止狀態要完成該實驗,則：（1）還缺少的實驗器材是______．（2）實驗時為保證滑塊受到的合力與沙、小桶的總重力大小基本相等,沙和小桶的總質量應滿足的實驗條件是______；實驗時為保證細線拉力等于滑塊所受的合外力,首先要做的步驟是______．12．（12分）（1）圖1是改裝并校準電流表的電路圖，已知表頭μA的量程為Ig=600μA內阻為Rg，mA是標準電流表，要求改裝后的電流表量程為I=60mA．完成下列填空．圖1中分流電阻Rp的阻值為__________．（2）在電表改裝成后的某次校準測量中，a表的示數如圖2所示，由此讀出流過a電流表的電流為__________mA，此時流過分流電阻Rp的電流為_______mA（結果均保留一位小數）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間距離d＝40cm，電源電動勢E＝10V，內電阻r＝1Ω，定值電阻R＝8Ω．閉合開關S，待電路穩定后，將一帶負電的小球從B板小孔以初速度v0＝3m/s豎直向上射入板間．已知小球帶電荷量q＝1×10－2C，質量為m＝2×10－2kg，不考慮空氣阻力．(g取10m/s2)（1）要使小球在A、B板間向上勻速運動，則滑動變阻器接入電路的阻值為多大？（2）若小球帶正電，只改變滑動變阻器劃片位置，其它量不變，那么，A、B板間電壓為多大時，小球恰能到達A板？此時電源輸出功率是多大？14．（16分）如圖，金屬圓板A、B相距3cm，用電壓為60V的電池組使它們帶電，它們間的勻強電場的場強是多大，方向如何？15．（12分）如圖所示，電源電動勢，內電阻，小燈泡標有“，”，電動機D的內阻，當變阻器的阻值R調到時，電燈和電動機均能正常工作，求：(1)電動機兩端的電壓；(2)電動機輸出的機械功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

A.在磁體外部，磁感線從N極出發，從S極進入，在磁體內部，磁感線從S極指向N極，是閉合的，故A錯誤；B.當通電導線的電流方向與磁場方向平行時，不受磁場力作用，但磁感應強度不一定為零，故B錯誤；C.根據電場強度的定義，某點電場強度的大小等于一個檢驗電荷放在該點時受到的電場力與檢驗電荷本身所帶電荷量的比值，故C正確；D.根據磁感應強度的定義，某點磁感應強度的大小等于垂直磁場方向的一小段通電導線放在該點時受到的磁場力與該小段導體長度和電流乘積的比值，故D錯誤。故選：C2、D【解題分析】A中線圈靜止不都動，但磁鐵插入線圈過程中，穿過線圈的磁通量發生變化，所以又感應電流產生，B中磁鐵從線圈中拔出時，穿過線圈的磁通量減小，所以又感應電流產生，C中，由于磁鐵上下端磁場感應強度大小不均勻，所以線圈上下移動過程中，穿過線圈的磁通量發生變化，所以會產生感應電流，D中兩者相對靜止，穿過線圈的磁通量不發生變化，所以無感應電流產生，選D.3、B【解題分析】

庫侖定律公式F=kq1q2r2，成立條件：點電荷與真空；荷守恒定律可知，電荷不會創造，也不會消失，代數和不變；由U=Ed【題目詳解】A、根據庫侖定律公式F=kq1B、根據電荷守恒定律可知，一個與外界沒有電荷交換的系統，電荷的代數和不變，故B正確；C、勻強電場電勢差與電場強度的關系U=Ed可知，勻強電場中沿著電場強度方向的任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比，故C錯誤；D、電容器的電容的定義式C=QU，采用的是比值法定義，可知C與Q、U無關，即電容器的電容與它所帶電荷量沒有關系，故故選B。【題目點撥】關鍵是掌握比值定義法的內涵，注意U=Ed式中的d的含義，同時理解庫侖定律的成立條件。4、C【解題分析】

根據電場線的疏密分布知，A點的電場線比C點密，B點的電場線比A點密，則EB＞EA＞EC；等量的異種電荷的中垂線為等勢線，則A點的電勢與C點的電勢相等，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A點的電勢大于B點電勢。所以φA=φC＞φB．A．EA=EC>EB，φA=φC>φB，與結論不相符，選項A錯誤；B．EA=EC>EB，φA>φB>φC，與結論不相符，選項B錯誤；C．EB>EA>EC，φA=φC>φB，與結論相符，選項C正確；D．EB>EC>EA，φA=φC>φB，與結論不相符，選項D錯誤；5、B【解題分析】

電動機兩端的電壓為：U1=U–UL=12V–6V=6V，整個電路中的電流為：，所以電動機的輸入功率為：P入=U1I=6×2W=12W，故A正確；電動機的熱功率為：P熱=I2RM=22×0.5W=2.0W，則電動機的輸出功率為：P出=P入–P熱=12W–2W=10W，故B不正確，C正確；整個電路消耗的功率為：P總=UI=12×2W=24W，故D正確．6、B【解題分析】試題分析：磁針所在處的磁場向右，由右手螺旋定則可知B正確。考點：本題考查電流的電流的磁場。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解題分析】

水平受Eq向右，一直做初速度為0的勻加速直線運動，豎直受mg向下，做豎直上拋運動，互不影響．抓住豎直上升到最高點的時間等于從最高點落回拋出高度的時間．結合水平位移關系求出整個過程中電場力做功的大小．從而通過動能定理求出物體折回通過與A點在同一水平線上的C點時的動能大小，電場力做功與電勢能的關系，求電勢能；除重力做功外，其他力做功對應機械能的變化．【題目詳解】A項：由于粒子受重力，恒定的電場力作用力，所以粒子的加速度恒定，故粒子做勻變速曲線運動，故A正確；B項：從A到B粒子在豎直方向上做勻減速運動，水平方向做勻加速運動，B為最高點，所以粒子在B點的豎直方向速度為零，水平方向速度不為零，故B錯誤；C、D項：豎直方向：粒子做豎直上拋運動，則運動時間水平方向：粒子做初速度為零的勻加速直線運動水平位移：上升的過程電場力做功：W1=qEx1最高點時，豎直方向的速度為0，故小球的動能與電場力做的功相等，即：W1=3J下降的過程中，豎直方向做自由落體運動，與豎直上拋是對稱的所以下降的時間：t2=t1水平方向的總位移：全過程中電場力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=12J全過程中，重力做功為0，根據動能定理：W2=EK末-EK初所以：EK末=EK初+W2=2+12=14J除重力做功外，其他力做功對應機械能的變化，所以粒子在A點的機械能比在C點少12.0J故C，D正確．【題目點撥】解決本題的關鍵知道小球在豎直方向和水平方向上的運動規律，結合等時性進行求解，注意不一定求動能就把速度求出來，有時只需要知道速度之比即可，難度適中．8、AD【解題分析】

AC．鉛蓄電池的電動勢為2V，表示非靜電力將單位正電荷從電源的負極通過電源內部移送到正極時所做的功為2J，即2J化學能轉化為電能，不知道電路中的電流，無法求出蓄電池能在1s內把化學能轉變為電能的情況，C錯誤A正確；B．電源的電動勢是表示電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱，其大小等于內外電壓之和，但不能說它就是電壓，B錯誤；D．電源的電動勢是表示電源將其它形式的能轉化為電能的本領，鉛蓄電池的電動勢為2V，干電池的電動勢是1.5V，鉛蓄電池的電動勢比一節干電池的電動勢大，所以鉛蓄電池將化學能轉變成電能的本領比一節干電池大，D正確。故選AD。9、BD【解題分析】電動機的輸出功率P出=P-P熱=UI-I2R，故A錯誤，D正確；電動機的發熱功率，根據焦耳定律可得P熱=I2R，故B正確；因為P＞P熱，即UI＞I2R，U＞IR，歐姆定律不適用，故UI不能轉化成I2R和，故C錯誤。所以BD正確，AC錯誤。10、ACD【解題分析】

A．將滑動變阻器滑片向右滑動時接入電路的電阻減小，總電阻減小，根據閉合電路歐姆定理可知電路中電流增大，電流表A的示數增大，根據閉合電路歐姆定律可知電壓表V2示數減小，故A正確；B．電路中電流增大，通過燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B錯誤；C．根據可得，保持不變；根據可得，保持不變，且有，故C正確；D．當電路穩定后，斷開電鍵，電容器通過燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會立即熄滅，會逐漸變暗至熄滅，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、刻度尺沙和沙桶的總質量遠小于滑塊的質量平衡摩擦力【解題分析】

由題中“探究加速度與力、質量的關系”可知，本題考查牛肚第二定律中加速度與力、質量的關系實驗，根據實驗原理和實驗步驟可分析本題。【題目詳解】（1）[1]因為需要通過打點計時器的紙帶數據求解加速度，因此還需要的器材是刻度尺；（2）[2]根據牛頓第二定律可知，當沙和沙桶的總質量遠小于滑塊質量時，繩子的拉力才能近似等于沙和沙桶的重力，所以沙和沙桶應該滿足的條件是：沙和沙桶的總質量遠小于滑塊的質量。[3]實驗時為保證細線拉力等于滑塊所受的合外力,首先