云南省曲靖市會澤縣火紅鄉中學2022-2023學年高一物理下學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列所描述的直線運動，不可能的是

A．速度變化很小，加速度很大

B．速度越來越大，加速度越來越小

C．速度變化越來越快，加速度越來越小

D．某瞬間速度為零，加速度很大參考答案：C2.（多選）根據開普勒關于行星運動的規律和圓周運動知識知：太陽對行星的引力，行星對太陽的引力，其中M、m、r分別為太陽、行星質量和太陽與行星間的距離。下列說法正確的是

A．由和知

B．F和F大小相等，是作用力與反作用力

C．F和F'大小相等，是同一個力

D．太陽對行星的引力提供行星繞太陽做圓周運動的向心力參考答案：BD3.（單選）如圖所示，一質量為m的木塊靠在豎直粗糙墻壁上，且受到水平力F的作用，下列說法正確的是（）A．若木塊靜止，則木塊受到的靜摩擦力大小等于mg，方向豎直向上B．若木塊靜止，當F增大時，木塊受到的靜摩擦力隨之增大C．若木塊與墻壁間的動摩擦因數為μ，當撤去F時，木塊受到的滑動摩擦力大小等于μmgD．若撤去F，木塊沿墻壁下滑時，木塊受三個力作用參考答案：考點：共點力平衡的條件及其應用．版權所有專題：計算題．分析：當木塊靜止時，受力平衡，對木塊受力分析后求出靜摩擦力；撤去推力后，再次對木塊受力分析，得出的運動情況要符合實際情況．解答：解：A、B、木塊在推力作用下靜止時，處于平衡態，受推力F、重力G、向上的靜摩擦力f和向右的支持力N，如圖根據共點力平衡條件F=NG=f當推力增大時，物體仍然保持靜止，故靜摩擦力的大小不變，始終與重力平衡；因而A正確、B錯誤；C、D、撤去推力后，墻壁對物體的支持力減小為零，故最大靜摩擦力減為零，物體只受重力，做自由落體運動；故CD均錯誤；故選A．點評：本題關鍵對物體受力分析后運用共點力平衡條件計算出靜摩擦力；推力撤去后支持力減為零，故不受滑動摩擦力．4.（多選）如右圖所示A為長木板，上表面粗糙，在水平面上以速度v1向右勻速運動，物塊B在木板A的上面以速度v2向右勻速運動，下列判斷正確的是()A．若是v1＝v2，A、B之間無滑動摩擦力B．若是v1>v2，B受到了A所施加向右的滑動摩擦力C．若是v1<v2，B受到了A所施加向右的滑動摩擦力D．若是v1>v2，A受到了B所施加向左的滑動摩擦力參考答案：ABD5.質量為m的小物塊在傾角為α的斜面上處于靜止狀態，如圖所示。若斜面體和小物塊一起以速度v沿水平方向向右做勻速直線運動，通過一段位移x。斜面體對物塊的摩擦力和支持力的做功情況是(

)A．摩擦力做正功，支持力做正功B．摩擦力做正功，支持力做負功C．摩擦力做負功，支持力做正功D．摩擦力做負功，支持力做負功參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.重10N的木塊用水平力壓在豎直墻上靜止不動，已知F=100N，木塊與墻的動摩擦因數μ=0.25，此時墻對木塊的摩擦力的大小是__

__；若撤去力F，木塊沿墻下滑，則此時墻對木塊的摩擦力大小是__

___。參考答案：10N

07.在探究加速度與力、質量的關系得實驗中，得到以下二個實驗圖線a、b，描述加速度與質量關系的圖線是

；加速度與力的關系圖線是

；圖線

也可以描述加速度與質量的倒數關系．參考答案：

b

a

a

。m一定時，a與F成正比。F一定時，a與m成反比

。8.（5分）在質量為500Kg的靜止物體上，給予一個持續20s的作用力后，物體獲得速度為0.5m/s，如果這個力在前15s內從零開始隨時間均勻增大，隨即在最后5s內又隨時間均勻減小到零，則該力對物體的沖量值為＿＿＿＿＿＿＿＿＿，作用在該物體上的沖量最大值為＿＿＿＿＿＿＿＿。參考答案：250Ns，25Ns9.如圖所示為一小球做平拋運動的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm，如果取g=10m/s2，那么：（1）照相機的閃光頻率是

Hz；（2）小球運動中水平分速度的大小是

m/s；（3）小球經過B點時的速度大小是

m/s．參考答案：（1）10；（2）1.5；（3）2.5．【考點】研究平拋物體的運動．【分析】（1）平拋運動在豎直方向上是勻變速運動，由BC和AB之間的距離差可以求出時間間隔，也就可以求出閃光頻率；（2）在水平方向上是勻速直線運動，由ABC三點在水平方向上的位移，和兩點之間的時間間隔，可以求得水平速度，也就是小球的初速度；（3）B點水平速度與初速度相等，再求出豎直方向的速度，求它們的合速度，就是B的速度．【解答】解：（1）在豎直方向上有：△h=gT2，其中△h=（5﹣3）×5cm=10cm=0.1m，代入求得：T==0.1s，因此閃光頻率為：（2）水平方向勻速運動，有：s=v0t，其中s=3l=15cm=0.15m，t=T=0.1s，代入解得：v0==1.5m/s．（3）根據勻變速直線運動中，時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度，在B點有：所以B點速度為：故答案為：（1）10；（2）1.5；（3）2.5．10.質量為m=4kg的木塊，在與水平成370大小為10N的水平恒力作用下，在光滑的水平面上由靜止開始運動，運動時間t=5s，則力F在t=5s內對木塊做功的平均功率為

W，

5s末木塊的動能為

J。參考答案：_40_______，

_20011.右圖表示某物體的v-t圖象，從圖象可知BC段的加速度是

m/s2，物體在這14s內運動的總路程是_

m，位移是

m。參考答案：-2，32，24

12.一個物體做勻變速直線運動，某時刻速度的大小為3m/s,2s后的速度大小為5m/s，

則在這2s內物體的加速度大小是：_____________________.參考答案：13.

如圖所示是打點計時器打出的一條紙帶，圖中ABCDE是振針打出的一系列點，經過測量B．C．D．E各點到A點的距離分別是：s1=2.00cm，s2=4.00cm，s3=6.00cm，s4=8.00cm，打點計時器所用電源頻率為50赫茲，由此可知紙帶的運動為

運動，C點到E點間的運動速度為

cm/s，D點的瞬時速度為

cm/s。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，置于水平面上的木箱的質量為m＝3.8kg，它與水平面間的動摩擦因數μ＝0.25，在與水平方向成37°角的拉力F的恒力作用下做勻速直線運動．(cos37°＝0.8，sin37°＝0.6，g取10m/s2)求拉力F的大?。畢⒖即鸢福?0N由平衡知識：對木箱水平方向：Fcosθ＝f豎直方向：Fsinθ＋FN＝mg且f＝μFN聯立代入數據可得：F＝10N15.如圖所示，P為彈射器，PA、BC為光滑水平面分別與傳送帶AB水平相連，CD為光滑半圓軌道，其半徑R=2m，傳送帶AB長為L=6m，并沿逆時針方向勻速轉動。現有一質量m=1kg的物體（可視為質點）由彈射器P彈出后滑向傳送帶經BC緊貼圓弧面到達D點，已知彈射器的彈性勢能全部轉化為物體的動能，物體與傳送帶的動摩擦因數為=0.2。取g=10m/s2，現要使物體剛好能經過D點，求：（1）物體到達D點速度大小；（2）則彈射器初始時具有的彈性勢能至少為多少。參考答案：（1）2m/s；（2）62J【詳解】（1）由題知，物體剛好能經過D點，則有：解得：m/s（2）物體從彈射到D點，由動能定理得：解得：62J四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，皮帶輪帶動傳送帶沿逆時針方向以速度v0=2m/s勻速運動，兩皮帶輪之間的距離L=3.2m，皮帶與水平方向的夾角θ=37°。將一可視為質點的小物塊無初速地從上端放到傳送帶上，已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.5，物塊在皮帶上滑過時能在皮帶上留下白色痕跡。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2）求：（1）物體從A到B所用時間（2）物體從下端離開傳送帶后，傳送帶上留下的痕跡的長度。參考答案：解:設物體剛放到皮帶上時與皮帶的接觸點為P，則物塊速度達到v0前的過程中，

由牛頓第二定律有：mgsinθ+μmgcosθ=ma1，

代入數據解得a1=10m/s2

經歷時間

P點位移x1=v0t1=0.4m，

物塊位移

劃出痕跡的長度ΔL1=x1－x1＇=0.2m

物塊的速度達到v0之后

由牛頓第二定律有：mgsinθ－μmgcosθ=ma2，

代入數據解得a2=2m/s2

到脫離皮帶這一過程，經歷時間t2

解得t2=1s

此過程中皮帶的位移x2=v0t2=2m

ΔL2=x2＇―x2=3m―2m=1m

由于ΔL2＞ΔL1，所以痕跡長度為ΔL2=1m。

t總=1.2s17.如圖所示，半徑為R，內徑很小的光滑半圓管豎直放置，兩個質量均為m的小球A、B以不同速率進入管內，A通過最高點C時，對管壁上部的壓力為3mg，B通過最高點C時，對管壁下部的壓力為0.75mg．求A、B兩球落地點間的距離．參考答案：兩個小球在最高點時，受重力和管壁的作用力，這兩個力的合力作為向心力，離開軌道后兩球均做平拋運動，A、B兩球落地點間的距離等于它們平拋運動的水平位移之差．對A球：3mg+mg=m

vA=對B球：mg－0.75mg=m

vB=sA=vAt=vA=4RsB=vBt=vB=R∴sA－sB=3R18.如圖，一質量為m=10kg的物體，由1/4圓弧軌道上端從靜止開始下滑，到達底端時的速度v=2m/s，然后沿水平面向右滑動1m距離后停止.已知軌道半徑R=0.4m，g=