四川省眉山市永壽高級中學物理高一第一學期期末調研模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示的裝置中，A、B兩物塊的質量分別是、，彈簧和繩的質量均不計，繩與滑輪間的摩擦不計，重力加速度，則下列說法正確的是（）A.固定物塊A，物塊B處于靜止狀態時，彈簧的彈力大小為20NB.固定物塊B，物塊A處于靜止狀態時，彈簧的彈力大小為30NC.先固定物塊A，待A、B均靜止時再釋放A，釋放的瞬間彈簧的彈力大小為10ND.物塊A、B和彈簧一起穩定運動的過程中，彈簧的彈力大小為15N2、已知兩電源1、2的電動勢分別為、，且，當外電路電阻為R時，外電路消耗功率正好相等．當外電路電阻降為時，電源為1對應的外電路功率，電源2對應的外電路功率為，電源1的內阻為，電源2的內阻為．則（）A B.C. D.3、下列說法中正確的是（）A.只有體積很小的物體才可以當作質點 B.“地球圍繞太陽轉”是以地球為參考系C.“第3秒初”就是第2秒末，是指時刻 D.位移的大小總是和路程是相等的4、放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F的大小與時間t的關系和物塊速度v與時間t的關系如圖所示。取重力加速度g＝10m/s2，由此兩圖線可以求得物塊的質量m和物塊與地面之間的動摩擦因數μ分別為（??）A.m＝0.5kg，μ＝0.4Bm＝1kg，μ＝0.4Cm＝0.5kg，μ＝0.2Dm＝1kg，μ＝0.25、下列物理量的單位中，屬于基本單位的是A.N B.m/sC.m/s2 D.kg6、慣性小的物體（）A.速度一定小 B.加速度一定小C.體積一定小 D.質量一定小7、甲、乙兩物體先后從同一地點出發，沿一條直線運動，它們的ν-t圖像如圖所示。關于30s內物體的運動，下列說法正確的是（）A.t=10s時，甲、乙兩物體相距100m B.t=20s時，乙追上甲C.t=20s時，甲、乙之間的距離最大 D.t=30s時，兩物體間的距離比t=10s時大8、乘坐游樂園的過山車時，質量為m的人隨車在豎直平面內沿圓周軌道運動(如圖所示)，下列說法正確的是()A.車在最高點時，人處于倒坐狀態，全靠保險帶拉住，若沒有保險帶，人一定會掉下去B.人在最高點時，對座位仍可能產生壓力，但壓力一定小于mgC.人在最低點時，處于超重狀態D.人在最低點時，對座位的壓力大于mg9、車廂頂部固定一滑輪，在跨過定滑輪繩子兩端各系一個物體，質量分別為m1、m2，且m2＞m1，m2靜止在車廂底板上，當車廂向右運動時，m1、m2與車廂保持相對靜止，系m1的那段繩子與豎直方向夾角為θ，如圖所示，繩子的質量、滑輪與繩子的摩擦忽略不計，下列說法正確的是（）A.車廂的加速度為B.車廂底板對的支持力為C.繩子中的張力大小為D.車廂底板對的摩擦力為10、下列說法正確的是（）A.伽利略探究物體下落規律的過程所用的科學方法是：問題→猜想→數學推理→實驗驗證→合理外推→得出結論B.打雷時，呆在木屋里比呆在汽車里更安全C.牛頓在尋找萬有引力的過程中，他沒有利用牛頓第二定律，但他用了牛頓第三定律D.人造地球衛星的第一宇宙速度是指衛星在近地圓軌道上的速度，是對地心的速度11、如圖所示，材料相同，質量分別為M和m的兩物體A和B靠在一起放在水平面上．用水平推力F向右推A使兩物體一起向右加速運動時（圖甲），A和B之間的作用力為F1，加速度為a1．用同樣大小的水平推力F向左推B加速運動時（圖乙），A和B之間的作用力為F2，加速度為a2．則（）A.F1：F2＝1：1 B.F1：F2＝m：MC.a1：a2＝M：m D.a1：a2＝1：112、在粗糙的水平面上，物體在水平推力的作用下，由靜止開始做勻加速直線運動，經過一段時間后，將水平推力逐漸減小到零（物體不停止），在水平推力減小到零的過程中（）A.物體的速度一直增大B.物體的速度先增大后減小C.物體的加速度（大小）一直減小D.物體的加速度（大小）先減小后增大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）一小球在桌面上從靜止開始做勻加速運動，現用高速攝影機在同一底片上多次曝光，記錄下小球每次曝光的位置，并將小球的位置編號．如圖所示，1位置恰為小球剛開始運動的瞬間，攝影機連續兩次曝光的時間間隔均為1s，則小球在4位置時的瞬時速度約為________m/s，小球從1位置到6位置的運動過程中的平均速度為________m/s，在該過程中的加速度大約為________m/s2.14、（10分）一物體做自由落體運動，在落地前一秒內下降35m。它是從_________m高處自由落下的，下落時間為______s（g=10m/s2）。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示,物體從光滑斜面上的A點由靜止開始下滑,經過B點后進入水平面(設經過B點前后速度大小不變),最后停在C點.每隔0.2秒鐘通過速度傳感器測量物體的瞬時速度,下表給出了部分測量數據.(重力加速度g=10m/s2)求:t(s)0.00.20.4…1.21.4…v(m/s)0.01.02.0…1.10.7…(1)斜面的傾角落α(2)物體與水平面之間的動摩擦因數μ(3)t=0.6s時的瞬時速度v16、（12分）有一光滑的斜面固定在水平面上，其傾角為30o，物體從斜面底端以10m/s速度沖上斜面。求：（1）物體在斜面上運動的最大位移（斜面足夠長）；（2）物體沿斜面向上運動時間。17、（12分）在地面上固定一塊豎直的擋板A,另一塊擋板B與水平面成θ角,如圖所示．在兩塊擋板之間放一個質量為m的光滑球體,g取10m/s2(1)求擋板A對球體的彈力大小,并說明當θ增大時,擋板A對球體的彈力如何變化(2)當m=10kg、θ=37°時,球對擋板B的彈力多大?(sin37°=0.6,cos37°=0.8)

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】A．固定物塊A，B處于平衡狀態，根據平衡條件，可知彈簧的彈力大小等于B的重力大小，為10N，A錯誤；B．固定物塊B，A處于平衡狀態，根據平衡條件，可知彈簧的彈力大小等于A的重力大小，為20N，B錯誤；C．先固定物塊A，由B項分析，可知彈簧的彈力大小為10N，在釋放物塊A的一瞬間，彈簧的彈力大小不變，仍為10N，C正確；D．物塊A、B和彈簧一起穩定運動的過程中，根據牛頓第二定律，對A有：對B有：聯立解得彈簧的彈力大小N，D錯誤。故選C。2、D【解析】當兩個電源分別與阻值為R的電阻連接時，電源輸出功率相等，即由，可得；電源出電壓U與電路中電流I的關系為．由于外電路電阻為R時，兩電路中的電流大小相等，故兩個電源的輸出電壓隨電流變化關系圖像應為如圖所示的兩條相交的直線，交點的電流為，此時輸出電壓為，過原點O與該點的直線即電阻R的圖線．若將R減小為，電路中的圖線如圖所示，且，分別與兩個電源的輸出電壓隨電流變化關系圖線交于兩個不同的點．與電源1圖線的交點處的電流和電壓值均小于與電源2圖線的交點處的電流和電壓值，根據輸出功率的定義可知，外電阻降為時，電源1的輸出功率小于電源2的輸出功率，即.故選D3、C【解析】只有當物體的大小對所研究的問題相比可忽略不計時才可把物體看做質點，則體積很小的物體不一定可以當作質點，選項A錯誤；“地球圍繞太陽轉”是以太陽為參考系，選項B錯誤；“第3秒初”就是第2秒末，是指時刻，選項C正確；位移的大小一般總是小于或等于路程，選項D錯誤；故選C.4、A【解析】對物塊受力分析：0～2s，物塊處于靜止狀態，2s～4s物塊勻加速運動，加速度為4s～6s物塊勻速直線運動，有F3=μmg=2N2s～4s由牛頓第二定律得F2-μmg=ma解得m=0.5kgμ＝0.4故選A。5、D【解析】考查單位制【詳解】ABC為導出單位，D選項質量的單位kg是基本單位，故選D6、D【解析】慣性的大小只與物體的質量有關，與物體的速度、加速度、體積是沒有關系，故慣性小的物體，其質量一定小，故D正確，ABC錯誤。故選D。7、AC【解析】A．t=10s時，甲、乙兩物體相距等于0-10s內兩者位移之差，為S1=△x1=10×10m=100m，故A正確。BC．在0-20s內，甲的速度大于乙的速度，甲在乙的前方，兩者距離逐漸增大。20-30s后乙的速度大于甲的速度，兩者距離逐漸減小，故在t=20s時刻兩者間距離最大，故B錯誤，C正確。D．根據速度圖象與時間軸所圍的面積表示位移，知10-30s內，甲、乙通過的位移相等，所以t=30s時兩物體間的距離與t=10s時兩物體間的距離相等，故D錯誤。故選AC。8、CD【解析】當人與保險帶間恰好沒有作用力，由重力提供向心力時，臨界速度為．當速度v≥時，沒有保險帶，人也不會掉下來．故A錯誤．當人在最高點的速度v＞人對座位就產生壓力．當速度增大到2時，壓力為3mg，故B錯誤；人在最低點時，加速度方向豎直向上，根據牛頓第二定律分析可知，,，即人處于超重狀態，人對座位的壓力大于mg．故CD正確；故選CD點睛：本題是實際問題，考查運用物理知識分析實際問題的能力，關鍵根據牛頓運動定律分析處理圓周運動動力學問題.9、ACD【解析】A、物體m1與車廂具有相同的加速度，對物體m1分析，受重力和拉力，根據合成法知，F合=m1gtanθ，拉力．物體m1的加速度，所以車廂的加速度為gtanθ．故A，C正確C、物體m2加速度為gtanθ，對物體m2受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，支持力，f=m2a=m2gtanθ．故B錯誤、D正確10、AD【解析】A．伽利略通過觀察研究，設想物體下落的速度與時間成正比，因為當時無法測量物體的瞬時速度，所以伽利略通過數學推導證明如果速度與時間成正比，那么位移與時間的平方成正比；由于當時用滴水法計算，無法記錄自由落體的較短時間，伽利略設計了讓銅球沿阻力很小的斜面滾下，而小球在斜面上運動的加速度要比它豎直下落的加速度小得多，所用時間長的多，所以容易測量，伽利略做了上百次實驗，并通過抽象思維在實驗結果上做了合理外推，所以伽利略用來抽象思維、數學推導和科學實驗相結合的方法，故A正確；B．打雷時，呆在汽車里更安全，因為汽車能起屏蔽作用，并且能將積累的電荷導入大地，故B錯誤；C．牛頓在尋找萬有引力的過程中，應用了開普勒定律、牛頓第二定律和第三定律，故C錯誤；D．第一宇宙速度是指地球表面的物體環繞地球球心的速度，故D正確。故選AD。11、BD【解析】分別對A和B，應用整體法可以求得系統的共同的加速度的大小，再采用隔離法對A或B受力分析，可以求得物體之間的作用的大【詳解】用水平推力F向右推A時，對整體由牛頓第二定律得：F﹣μ（M+m）g＝（M+m）a1，對于B由牛頓第二定律得：F1﹣μmg＝ma1，解得：，，用水平力F向左推B時，對AB整體由牛頓第二定律得：F﹣μ（M+m）g＝（M+m）a2，對于A由牛頓第二定律得：F2﹣μMg＝Ma2，解得：，，所以Fl：F2＝m：M，a1：a2＝1：1，故BD正確，AC錯誤【點睛】當分析多個物體的受力、運動情況時，通常可以采用整體法和隔離法，用整體法可以求得系統的加速度的大小，再用隔離法可以求物體之間的作用的大小12、BD【解析】根據牛頓第二定律：F-f=ma則當水平推力F減小到零的過程中，加速度先減小后反向變大，物體先加速后減速，故選項AC錯誤，BD正確；故選BD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、①.0.09;②.0.075;③.0.030;【解析】該題處理方法類似于打點計時器的問題求解方法．小球做的初速度為零的勻加速直線運動，由于高速攝影機在同一底片上多次曝光的時間間隔相同，所以4點瞬時速度的大小為3和5之間的平均速度的大小，所以4點瞬時速度的大小為；小球從1位置到6位置的運動過程中的平均速度為；由勻變速直線運動的規律可知，采用逐差法求解：14、①.80②.4【解析】[1][2]．設下落時間為t，最后1s內的位移便是ts內的位移與（t-1）s內位移之差：代入數據有：得t=4s下落時的高度：三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)α=30°(2)μ=0.2(3)2.3m/s【解析】（1）物體在斜面上下滑時的加速度a1＝＝5m/s2,；mgsinα＝ma1可以得出α=30o.………（2）從后兩列數據可以知物體在水平面上滑行的加速度大小a2，a2=＝2m/s2；μmg＝ma2,可得μ＝0.2.（3