2018屆高三年級第一次模擬考試(七)物理本試卷共8頁，包含選擇題(第1題～第9題，共9題)、非選擇題(第10題～第15題，共6題)兩部分．本卷滿分為120分，考試時間為100分鐘．一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意．1.如圖所示，小明將疊放在一起的A、B兩本書拋給小強，已知A的質量為m，重力加速度為g，兩本書在空中不翻轉，不計空氣阻力，則A、B在空中運動時()A.A的加速度等于gB.B的加速度大于gC.A對B的壓力等于mgD.A對B的壓力大于mg2.如圖所示，物塊以速度v0從粗糙斜面底端沿斜面上滑，到達最高點后沿斜面返回．下列vt圖象能正確反映物塊運動規律的是()ABCD3.如圖所示，鐵芯上繞有線圈A和B，線圈A與電源連接，線圈B與理想發光二極管D相連，銜鐵E連接彈簧K控制觸頭C的通斷．忽略A的自感，下列說法正確的是()A.閉合S，D閃亮一下B.閉合S，C將會過一小段時間接通C.斷開S，D不會閃亮D.斷開S，C將會過一小段時間斷開4.帶電球體的半徑為R，以球心為原點O建立坐標軸x，軸上各點電勢φ隨x變化如圖所示．下列說法正確的是()A.球體帶負電荷B.球內電場強度最大C.A、B兩點電場強度相同D.正電荷在B點的電勢能比C點的大5.如圖所示，物塊固定在水平面上，子彈以某一速率從左向右水平穿透物塊時速率為v1，穿透時間為t1；若子彈以相同的速率從右向左水平穿透物塊時速率為v2，穿透時間為t2.子彈在物塊中受到的阻力大小與其到物塊左端的距離成正比．則()A.t1>t2B.t1<t2C.v1>v2D.v1<v2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分．每小題有多個選項符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．6.2017年9月25日，微信啟動頁“變臉”：由此前美國衛星拍攝地球的靜態圖換成了我國“風云四號”衛星拍攝地球的動態圖，如圖所示．“風云四號”是一顆靜止軌道衛星，關于“風云四號”，下列說法正確的有()A.能全天候監測同一地區B.運行速度大于第一宇宙速度C.在相同時間內該衛星與地心連線掃過的面積相等D.向心加速度大于地球表面的重力加速度7.如圖所示，理想變壓器原副線圈匝數比為2∶1，原線圈接交流電u＝20eq\r(,2)sin100πt(V)，保險絲的電阻為1Ω，熔斷電流為2A，電表均為理想電表．下列說法正確的有()A.電壓表V的示數為14.1VB.電流表A1、A2的示數之比為2∶1C.為了安全，滑動變阻器接入電路的最小阻值為4ΩD.將滑動變阻器滑片向上移動，電流表A1的示數減小8.在一個很小的矩形半導體薄片上，制作四個電極E、F、M、N，做成了一個霍爾元件．在E、F間通入恒定電流I，同時外加與薄片垂直的磁場B，M、N間的電壓為UH.已知半導體薄片中的載流子為正電荷，電流與磁場的方向如圖所示，下列說法正確的有()A.N板電勢高于M板電勢B.磁感應強度越大，MN間電勢差越大C.將磁場方向變為與薄片的上、下表面平行，UH不變D.將磁場和電流分別反向，N板電勢低于M板電勢9.如圖所示，質量為M的長木板靜止在光滑水平面上，上表面OA段光滑，AB段粗糙且長為l，左端O處固定輕質彈簧，右側用不可伸長的輕繩連接于豎直墻上，輕繩所能承受的最大拉力為F.質量為m的小滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，彈簧的壓縮量達最大時細繩恰好被拉斷，再過一段時間后長木板停止運動，小滑塊恰未掉落．則()A.細繩被拉斷瞬間木板的加速度大小為eq\f(F,M)B.細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為eq\f(1,2)mv2C.彈簧恢復原長時滑塊的動能為eq\f(1,2)mv2D.滑塊與木板AB間的動摩擦因數為eq\f(v2,2gl)三、簡答題：本題分必做題(第10、11題)和選做題(第12題)兩部分，共計42分．【必做題】10.(8分)如圖甲所示是研究小車加速度與力關系的實驗裝置．木板置于水平桌面上，一端系有砂桶的細繩通過滑輪與拉力傳感器相連，拉力傳感器可顯示所受的拉力大小F，改變桶中砂的質量多次實驗．完成下列問題：C.[選修3－5](12分)(1)下列說法正確的有________．A.比結合能大的原子核分解成比結合能小的原子核時要吸收能量B.用紫光照射某金屬表面時發生光電效應，改用紅光照射時也一定能發生光電效應C.黑體輻射的強度隨溫度的升高而變大，且最大值向波長較短的方向移動D.改變壓強、溫度可改變放射性元素的半衰期(2)如圖所示為氫原子的能級圖，萊曼線系是氫原子從n＝2，3，4，5…激發態躍遷到基態時輻射的光譜線系，輻射出光子的最小頻率為________；若該光子被某種金屬吸收后，逸出的光電子最大初動能為Ek，則該金屬的逸出功為________．已知普朗克常量為h，氫原子處于基態時的能級為E1.(3)如圖所示，光滑水平面上小球A、B分別以1.2m/s、2.0m/s的速率相向運動，碰撞后B球靜止．已知碰撞時間為0.05s，A、B的質量均為0.2kg.求：①碰撞后A球的速度大小；②碰撞過程A對B平均作用力的大小．

四、計算題：本題共3小題，共計47分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位．13.(15分)如圖甲所示，單匝正方形線框abed的電阻R＝0.5Ω，邊長L＝20cm，勻強磁場垂直于線框平面，磁感應強度B隨時間t的變化規律如圖乙所示．求：(1)0～2s內通過ab邊橫截面的電荷量q；(2)3s時ab邊所受安培力的大小F：(3)0～4s內線框中產生的焦耳熱Q.甲乙

14.(16分)如圖所示，水平光滑細桿上P點套一小環，小環通過長L＝1m的輕繩懸掛一夾子，夾子內夾有質量m＝1kg的物塊，物塊兩豎直側面與夾子間的最大靜摩擦力均為fm＝7N．現對物塊施加F＝8N的水平恒力作用，物塊和小環一起沿水平方向做初速度為零的勻加速直線運動，小環碰到桿上的釘子Q時立即停止運動，物塊恰好相對夾子滑動，此時夾子立即鎖定物塊，鎖定后物塊仍受恒力F的作用．小環和夾子的大小及質量均不計，物塊可看成質點，重力加速度g＝10m/s2.求：(1)物塊做勻加速運動的加速度大小a；(2)P、Q兩點間的距離s：(3)物塊向右擺動的最大高度h.

15.(16分)如圖所示的xOy平面內，以O1(0，R)為圓心、R為半徑的圓形區域內有垂直于xOy平面向里的勻強磁場(用B1表示，大小未知)；x軸下方有一直線MN，MN與x軸相距為Δy(未知)，x軸與直線MN間區域有平行于y軸的勻強電場，電場強度大小為E：在MN的下方有矩形區域的勻強磁場，磁感應強度大小為B2，磁場方向垂直于xOy平面向外．電子a、b以平行于x軸的速度v0分別正對O1點、A(0，2R)點射入圓形磁場，偏轉后都經過原點O進入x軸下方的電場．已知電子質量為m，電荷量為e，E＝eq\f(\r(,3)mv2,2eR)，B2＝eq\f(\r(,3)mv0,2eR)，不計電子重力．(1)求磁感應強度B1的大小；(2)若電場沿y軸負方向，欲使電子a不能到達MN，求Δy的最小值；(3)若電場沿y軸正方向，Δy＝eq\r(,3)R，欲使電子b能到達x軸上且距原點O距離最遠，求矩形磁場區域的最小面積．

2018屆連云港高三年級第一次模擬考試物理參考答案A2.C3.D4.D5.B6.AC7.CD8.AB9.ABD10.(1)BC(2分)(2)0.416或0.42(2分)1.48(2分)(3)平衡摩擦力過度(2分)11.(1)1.49(2分)0.45(2分)(2)小于(2分)(3)kS(2分)沒有(2分)12.A.AB(4分)780(2分)600(2分)(3)n＝eq\f(ρv,M)NA(2分)解得n＝4×1024.(2分)B.(1)BD(4分)(2)20(2分)D(2分)(3)①光在水中傳播的速度v＝eq\f(c,n)(1分)當光豎直向上傳播，時間最短t＝eq\f(H,v)＝eq\f(nH,c).(1分)②發生全反射的臨界角為c，有sinC＝eq\f(1,n)(1分)則水面光斑的半徑R＝r＋HtanC＝r＋eq\f(H,\r(,n2－1)).(1分)C.(1)AC(4分)(2)－eq\f(3E1,4h)(2分)－eq\f(3E1,4)－Ek(2分)(3)①A、B系統動量守恒，設B的運動方向為正方向由動量守恒定律得mvB－mvA＝0＋mv′A(1分)解得v′A＝0.8m/s.(1分)②對B，由動量定理得－FΔt＝ΔpB(1分)解得F＝8N.(1分)13.(1)由法拉第電磁感應定律得電動勢E＝Seq\f(ΔB,Δt)(2分)感應電流I＝eq\f(E,R)(1分)電量q＝IΔt(1分)解得q＝4.8×10－2C．(2分)(2)安培力F＝BIL(2分)由圖得3s時的B＝0.3T(1分)代入數值得F＝1.44×10－3N．(2分)(3)由焦耳定律得Q＝I2Rt(2分)代入數值得Q＝1.152×10－3J．(2分)14.(1)由牛頓第二定律F＝ma(2分)解得a＝8m/s2.(1分)(2)環到達Q，剛達到最大靜摩擦力由牛頓第二定律2fm－mg＝eq\f(mv2,L)解得vm＝2m/s(3分)根據動能定理Fs＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)(3分)解得s＝0.25m．(1分)(3)設物塊上升的最大高度為h，水平距離為x，由動能定理得F(x＋s)－mgh＝0(3分)由幾何關系得(L－h)2＋x2＝L2或(h－L)2＋x2＝L2(2分)解得h＝1m或h＝eq\f(1,41)m(舍去)．(1分)15.(1)電子射入圓形區域后做圓周運動，軌道半徑大小相等，設為r，當電子a射入，經過O點進入x軸下方，則r＝R(2分)ev0B＝meq\f(veq\o\al(2,0),r)，解得B1＝eq\f(mv0,eR).(2分)(2)勻強電場沿y軸負方向，電子a從O點沿y軸負方向進入電場做減速運動，由動能定理eEΔy＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)(2分)可求出Δy＝eq\f(mveq\o\al(2,0),2eE)＝eq\f(\r(,3),3)R.(2分)(3)勻強電場沿y軸正方向，電子b從O點進入電場做類平拋運動，設電子b經電場加速后到達MN時速度大小為v，電子b在MN下方磁場做勻速圓周運動，軌道半徑為r1，電子b離開電場進入磁場時速度方向與水平方向成θ角，如圖所示．由動能定理eEΔy′＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)解得v＝2v0(1分)在電場中a＝eq\f(eE,m)＝eq\f(\r(,3)veq\o\al(2,0),2R)(1分)t1＝eq\r(,\f(2Δy′,a))＝eq\f(2R,v0)x＝v0t1＝2R(1分)由牛頓第二定律evB2＝eq\f(mv2,r1)代入得r1＝eq\f(4\r(,3),3)R(1