江西省景德鎮市樂平私立洎陽中學高三物理上學期期末試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，一質量不計，可上下自由移動的活塞將理想氣體封閉在圓筒內，筒的側壁為絕緣體，下底M及活塞D均為導體并按圖連接，活塞面積S＝0.2cm2。閉合電鍵前，DM間距l1＝6μm，閉合電鍵后，活塞D與下底M分別帶有等量異種電荷，并各自產生勻強電場（D與M間的電場為各自產生的電場的疊加）。在電場力作用下活塞D發生移動。穩定后，DM間距l2＝4μm，此時安培表讀數為0.75A，伏特表讀數為4V。（大氣壓強為1.0×105Pa，活塞移動前后氣體溫度不變，導線對活塞D的作用力不計）。以下說法正確的是[jf20]

（

）（A）穩定后，圓筒內氣體的壓強變為2.0×105Pa（B）穩定后，活塞D受到的電場力大小F＝1N（C）穩定后，活塞D所帶電量q＝2×10-6C（D）一段時間后，安培表讀數變為0.8A，伏特表讀數變為4.2V，經分析可能是R2斷路參考答案：BC2.質量相同的兩個物體，分別在地球和月球表面以相同的初速度豎直上拋，已知月球表面的重力加速度比地球表面重力加速度小，若不計空氣阻力，下列說法中正確的是A．物體在地球表面時的慣性比在月球表面時的慣性大B．物體在地球表面上升到最高點所用時間比在月球表面上升到最高點所用時間長C．在上升到最高點的過程中，它們的重力勢能變化量相等D．落回拋出點時，重力做功的瞬時功率相等參考答案：C3.（多選）下列說法正確的是

A．顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停的作無規則運動，這反映了液體分子運動的無規則性B．分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，一定先減小后增大C．分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大D．在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其它元素E．當溫度升高時，物體內每一個分子熱運動的速率一定都增大參考答案：ACD4.（多選）某空間存在著如圖所示的足夠大的沿水平方向的勻強磁場．在磁場中A、B兩個物塊疊放在一起，置于光滑水平面上，物塊A帶正電，物塊B不帶電且表面絕緣．在t1=0時刻，水平恒力F作用在物塊B上，物塊A、B由靜止開始做加速度相同的運動．在A、B一起向左運動的過程中，以下說法正確的是（）A．圖乙可以反映A所受洛侖茲力大小隨時間t變化的關系B．圖乙可以反映A對B的摩擦力大小隨時間t變化的關系C．圖乙可以反映A對B的壓力大小隨時間t變化的關系D．圖乙可以反映B對地面壓力大小隨時間t變化的關系參考答案：考點：牛頓第二定律；洛侖茲力．專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：對整體分析，運用牛頓第二定律得出加速度，判斷出整體的運動規律，然后求出洛倫茲力與時間的變化關系；運用隔離法求出A對B的摩擦力的大小、A對B的壓力大小．解答：解：A、整體受總重力、拉力、洛倫茲力和支持力，合力為F，根據牛頓第二定律，知加速度不變，整體做勻加速直線運動，所以v=at．A所受的洛倫茲力F洛=qvB=qBat，知洛倫茲力與時間成正比，是過原點的一條傾斜直線．故A錯誤．B、隔離對A分析，A所受的合力等于A的摩擦力，則f=ma，知A所受的靜摩擦力不變．故B錯誤．C、A對B的壓力等于B對A的支持力，N=mAg+qvB=mAg+qBat，N與t成一次函數關系．故C正確．D、對整體分析，地面的支持力N′=（mA+mB）g+qBat，壓力與時間成一次函數關系．故D正確．故選CD．點評：解決本題的關鍵能夠正確地進行受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，以及注意整體法和隔離法的運用．5.如圖所示，平行板電容器的電容為C，帶電荷量為Q，兩極板間距離為d，今在距兩極板的中點處放一電荷q，則

A．q所受電場力的大小為

B．q所受電場力的大小為k

C．q點處的電場強度是

D．q點處的電場強度是參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.在研究“電磁感應現象”的實驗中，所需的實驗器材如圖所示．現已用導線連接了部分實驗電路．（1）請把電路補充完整；（2）實驗時，將線圈A插入線圈B中，合上開關瞬間，觀察到檢流計的指針發生偏轉，這個現象揭示的規律是______________________；（3）（多選）某同學設想使線圈B中獲得與線圈A中相反方向的電流，可行的實驗操作是（

）A．抽出線圈A

B．插入軟鐵棒C．使變阻器滑片P左移

D．斷開開關

參考答案：（1）（2）閉合電路中磁通量發生變化時，閉合電路中產生感應電流。（3）B、C

7.做勻加速直線運動的物體，在第3s內運動的位移為10m，第5s內的位移是14m，則物體的加速度大小為m/s2，前5s內的位移是m，第5s末的瞬時速度是

m/s。參考答案：2

36

158.

真空中波長為３×１０-7米的紫外線的頻率是

_赫。這種紫外線的光子打到金屬鈉的表面時

（填“能”或“不能”）發生光電效應（已知鈉的極限頻率是6.0×1014赫，真空中光速為３×１０8米/秒）。參考答案：答案：1.0×1015、能9.A.兩顆人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，若運行線速度之比是v1∶v2＝1∶2，則它們運行的軌道半徑之比為__________，所在位置的重力加速度之比為4∶1，1∶162012學年普陀模擬21A__________。參考答案：4∶1，1∶16 10.

三個用電器均為“110V，20W”，將兩個并聯后與第三個串聯，然后接于電源上，當每個用電器均不超過額定功率時，這個電路最多消耗電功率為

W，此時電源輸出電壓為

V．參考答案：答案：30，16511.如圖所示，水平設置的三條光滑平行金屬導軌a、b、c位于同一水平面上，a與b、b與c相距均為d=1m，導軌ac間橫跨一質量為m=1kg的金屬棒MN，棒與三條導軌垂直，且始終接觸良好。棒的電阻r=2Ω，導軌的電阻忽略不計。在導軌bc間接一電阻為R=2Ω的燈泡，導軌ac間接一理想電壓表。整個裝置放在磁感應強度B=2T的勻強磁場中，磁場方向垂直導軌平面向下。現對棒MN施加一水平向右的拉力F，使棒從靜止開始運動。若施加的水平外力功率恒定，且棒達到穩定時的速度為1.5m/s，則水平外力的功率為

W，此時電壓表讀數為

V。參考答案：12.如圖為一列在均勻介質中沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在某時刻的波形圖，波速為4m/s，則質點P此時刻的振動方向沿y軸(正，負)方向，經過s，質點Q通過的路程是m．參考答案：負,

0.6

13.如圖所示，質量為m的物塊放在水平木板上，木板與豎直彈簧相連，彈簧另一端固定在水平面上，今使m隨M一起做簡諧運動，且始終不分離，則物塊m做簡諧運動的回復力是由

提供的，當振動速度達最大時，m對M的壓力為

。參考答案：重力和M對m的支持力的合力;

mg。略三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.有同學利用如圖所示的裝置來驗證力的平行四邊形定則：在豎直木板上鋪有白紙，固定兩個光滑的滑輪A和B，將繩子打一個結點O，每個鉤碼的重相等，當系統達到平衡時，根據鉤碼個數讀出三根繩子的拉力TOA、TOB和TOC，回答下列問題：①改變鉤碼個數，實驗能完成的是

（多項）A．鉤碼的個數N1＝N2＝2，N3＝4B．鉤碼的個數N1＝N3＝3，N2＝4C．鉤碼的個數N1＝N2＝N3＝4

D．鉤碼的個數N1＝3，N2＝4，N3＝5②在拆下鉤碼和繩子前，最重要的一個步驟是

.A．標記結點O的位置，并記錄OA、OB、OC三段繩子的方向B．量出OA、OB、OC三段繩子的長度

C．用量角器量出三段繩子之間的夾角D．用天平測出鉤碼的質量②在作圖時，你認為圖示中________是正確的．(填“甲”或“乙”)參考答案：①

BCD

②A

③甲15.在利用重錘下落驗證機械能守恒定律的實驗中。⑴某同學在實驗中得到的紙帶如圖10所示，其中A、B、C、D是打下的相鄰的四個點，它們到運動起始點O的距離分別為62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm。已知當地的重力加速度g＝9.80m/s2，打點計時器所用電源頻率為50Hz，重錘質量為1.00Kg。請根據以上數據計算重物由O點運動到C點的過程，重力勢能的減少量為

J，動能的增加量為

J。（取三位有效數字）⑵甲、乙、丙三名同學分別得到A、B、C三條紙帶，它們前兩個點之間的距離分別是1.0mm、1.9mm、4.0mm。那么一定存在操作錯誤的同學是

。參考答案：（1）7.62

7.57（2）丙

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示,質量為M的鐵箱內裝有質量為m的貨物.以某一初速度向上豎直拋出,上升的最大高度為H,下落過程的加速度大小為a,重力加速度為g,鐵箱運動過程受到的空氣阻力大小不變。求:(1)鐵箱下落過程經歷的時間;(2)鐵箱和貨物在落地前的運動過程中克服空氣阻力做的功;(3)上升過程貨物受到鐵箱的作用力.參考答案：解:(1)設鐵箱下落過程經歷的時間為t,則

解得

（1分）(2)設鐵箱運動過程中受到的空氣阻力大小為f,克服空氣阻力做的功為W,則

解得

（2分）

（2分）

(3)設上升過程的加速度大小為a′,貨物受到鐵箱的作用力大小為F,則

解得

（2分）

作用力方向豎直向下 （1分）17.如圖所示，一帶電粒子以與水平方向成60°角速度在豎直平面內做直線運動，經過一段時間后進入一垂直于紙面向里、磁感應強度為B的圓形勻強磁場區域（圖中未畫出磁場區域），粒子飛出磁場后垂直電場方向進入寬為L的勻強電場。電場強度大小為E，方向豎直向上。當粒子穿出電場時速度大小變為原來的倍。已知帶電粒子的質量為m，電量為q，重力不計。求：（1）粒子帶什么電？簡述理由；（2）帶電粒子在磁場中運動時速度多大；（3）該圓形磁場區域的最小面積為多大。參考答案：（1）根據粒子在磁場中偏轉的情況和左手定則可知，粒子帶負電.（2分）（2）由于洛倫茲力對粒子不做功，故粒子以原來的速率進入電場中，設帶電粒子進入電場的初速度為v0，在電場中偏轉時做類平拋運動，（1分）（1分）（1分）（1分）由題意知粒子離開電場時的末速度大小為，將vt分解為平行于電場方向和垂直于電場方向的兩個分速度，（1分）聯立上述五式解得（2分）（3）設帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為R，圓形磁場區域的半徑為r，（2分）（2分）由幾何知識可得（2分）磁場區域最小面積為（2分）解得（2分）18.如圖所示，在長度足夠長、寬度d=5cm的區域MNPQ內，有垂直紙面向里的水平勻強磁場，磁感應強度B=0.33T．水平邊界MN上方存在范圍足夠大的豎直向上的勻強電場，電場強度E=200N/C．現有大量質量m=6.6×10﹣27kg、電荷量q=3.2×10﹣19C的帶負電的粒子，同時從邊界PQ上的O點沿紙面向各個方向射入磁場，射入時的速度大小均為v=1.6×106m/s，不計粒子的重力和粒子間的相互作用．求：(1)求帶電粒子在磁場中運動的半徑r；(2)求與x軸負方向成60°角射入的粒子在電場中運動的時間t；(3)當從MN邊界上最左邊射出的粒子離開磁場時，求仍在磁場中的粒子的初速度方向與x軸正方向的夾角范圍，并寫出此時這些粒子所在位置構成的圖形的曲線方程．參考答案：（1）洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律有解得

r=0.1m（2）粒子的運動軌跡如圖甲所示，由幾何關系知，在磁場中運動的圓心角為30°，粒子