2021-2022學年湖北省黃石市大冶汪仁鎮中學高三物理期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.參考答案：D2.（單選）路程與位移的區別在于（）

A．路程是標量，位移是矢量

B．給定初末位置，路程有無數種可能，位移只有兩種可能

C．路程總是小于或等于位移的大小

D．位移描述了物體位置移動徑跡的長度，路程描述了物體位置移動的方向和距離參考答案：考點：位移與路程．分析：路程與位移的根本的區別在于它們的內涵不同，即定義不同，據此判斷即可．解答：解：A、路程是標量；位移是矢量，方向唯一，即位移只有一種情況，故A正確，B錯誤；C、當物體做同向直線運動時，路程總是大于或等于位移的大小，故C錯誤；D、路程描述了物體位置移動徑跡的長度，位移描述了物體位置移動的方向和距離，是從起點到終點的有向線段．故D錯誤．故選：A．3.（多選題）如圖所示，一個質量為m的質點以速度vA從A點水平射出，以

速度vB經過B點，不計空氣阻力．則下列說法中正確的是（

）A．若質點以速度vB從B點沿-vB方向射出，它將剛好以速度-vA經過A點

B．若質點以大于vB的速度從B點沿-vB方向射出，它也有可能沿-vA方向經過A點C．若質點以小于vB的速度從B點射出，它也有可能沿-vA方向經過A點D．若質點以速度-vA從B點射出時還受到豎直向上、大小為2mg的恒力，則它將剛好以速度-vB經過A點參考答案：AD4.如圖所示，一電場的電場線分布關于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM=MN，P點在y軸的右側，MP⊥ON，則A.M點的電勢比P點的電勢高B.將負電荷由O點移動到P點，電場力做正功C.M、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢差D.在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動

參考答案：AD解析：本題考查電場、電勢、等勢線、以及帶電粒子在電場中的運動。由圖和幾何關系可知M和P兩點不處在同一等勢線上而且有,A對.將負電荷由O點移到P要克服電場力做功,及電場力做負功,B錯.根據,O到M的平均電場強度大于M到N的平均電場強度,所以有,C錯.從O點釋放正電子后,電場力做正功,該粒子將沿y軸做加速直線運動。5.靜電除塵器是目前普遍采用的一種高效除塵器。某除塵器模型的收塵板是很長的條形金屬板，圖中直線為該收塵板的橫截面，工作時收塵板帶正電，其左側的電場線分布如圖所示；粉塵帶負電，在電場力作用下向收塵板運動，最后落在收塵板上。若用粗黑曲線表示原來靜止于點的帶電粉塵顆粒的運動軌跡，下列4幅圖中可能正確的是(忽略重力和空氣阻力)參考答案：A粉塵受力方向應該是電場線的切線方向，從靜止開始運動時，只能是A圖那樣，不可能出現BCD圖的情況。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.氡核（）發生衰變后變為釙（），其衰變方程為

▲

，若氡（）經過一系列衰變后的最終產物為鉛（），則共經過

▲

次衰變，

▲

次衰變．參考答案：(2分)

4

(1分)；4

7.右圖所示，一木塊放在水平面上，在水平方向共受到三個力作用，即F1＝10N、F2＝2N和摩擦力作用，木塊處于靜止狀態，若撤去力F1，則木塊在水平方向上受到的合力為

。參考答案：（零）8.如圖所示的單擺，擺球a向右擺動到最低點時，恰好與一沿水平方向向左運動的粘性小球b發生碰撞，并粘接在一起，且擺動平面不變。已知碰撞前a球擺動的最高點與最低點的高度差為h，偏角θ較小，擺動的周期為T，a球質量是b球質量的4倍，碰撞前a球在最低點的速度是b球速度的一半。則碰撞后，擺動的周期為________T，擺球的最高點與最低點的高度差為_______h。參考答案：1

0.16

9.（6分）改變內能的兩種方式：_____________和________________。參考答案：做功；熱傳遞10.位移是描述物體

變化的物理量，加速度是描述物體

快慢的物理量．參考答案：位置；速度變化【考點】加速度；位移與路程．【分析】位移的物理意義是描述物體位置變化的物理量，加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，都是矢量．【解答】解：位移是描述物體位置變化的物理量，加速度是描述物體速度變化快慢的物理量．故答案為：位置；速度變化11.在空中某固定點，懸掛一根均勻繩子，然后讓其做自由落體運動。若此繩經過懸點正下方H=20m處某點A共用時間1s(從繩下端抵達A至上端離開A)，則該繩全長為

m。參考答案：1512.內壁光滑的環形細圓管，位于豎直平面內，環的半徑為R（比細管的半徑大得多）．在細圓管中有兩個直徑略小于細圓管管徑的小球（可視為質點）A和B，質量分別為m1和m2，它們沿環形圓管（在豎直平面內）順時針方向運動，經過最低點時的速度都是v0；設A球通過最低點時B球恰好通過最高點，此時兩球作用于環形圓管的合力為零，那么m1、m2、R和v0應滿足的關系式是____________．參考答案：（1）在飛機沿著拋物線運動時被訓人員處于完全失重狀態，加速度為g，拋物線的后一半是平拋運動，在拋物線的末端飛機速度最大，為v=250m/s.豎直方向的分量vy=250cos30o=216.5m/s．水平方向的分量vx=250sin30o=125m/s．平拋運動的時間t=vy/g=22.2s．水平方向的位移是s=vxt=2775m．被訓航天員處于完全失重狀態的總時間是t總=10×2t=444s．（2）T-mg=mv2/r

由題意得T=8mg，r=v2/7g=915.7m（3）每飛過一個120o的圓弧所用時間t‘=（2πr/v）/3=7.67s，t總=10t‘+t總=76.7+444=520.7s（4）s總=20s+10×2rsin30o=55500+15859=71359m．．13.如圖所示，兩條平行金屬導軌ab、cd置于磁感應強度B=0.5T的勻強磁場中，兩導軌間的距離l=0.6m，導軌間連有電阻R。金屬桿MN垂直置于導軌上，且與軌道接觸良好，現使金屬桿MN沿兩條導軌向右勻速運動，產生的感應電動勢為3V。由此可知，金屬桿MN滑動的速度大小為 m/s；通過電阻R的電流方向為

（填“aRc”或“cRa”）。

參考答案：10；cRa三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在探究“加速度與力、質量的關系”實驗中，小明用物體A、B分別做了加速度隨著外力的變化關系，如圖（1）所示，用不同的重物P分別掛在光滑的動滑輪拉物體A、B，處理數據后，他們得到加速度a與彈簧秤彈力F的關系圖象如圖（2）所示，由圖象可知（1）下列說不正確的是ACDA．一端帶有定滑輪的長木板必須保持水平B．實驗時應先接通電源后釋放小車C．實驗中重物P的質量應遠小于物塊的質量D．測力計的讀數始終為重物P的重力的一半（2）小明仔細分析了兩條線不重合的原因，得出結論：兩個物體的質量不等，且mA小于mB（填“大于”“等于”或“小于”）；兩物體與木板之間動摩擦因素μA大于μB（填“大于”“等于”或“小于”）參考答案：解：（1）A、實驗時應把長木板沒有定滑輪的一端墊高，平衡摩擦力，長木板不能保持水平，故A錯誤；B、實驗時應先接通電源，再放開小車，故B正確；C、小車所受到的拉力可以由彈簧測力計讀出，實驗過程中不需要控制重物P的質量遠小于物塊的質量，故C錯誤；D、圖示滑輪為動滑輪，重物靜止或做勻速直線運動時，彈簧測力計的示數等于重物P重力的一半，重物加速下降時，處于失重狀態，測力計示數小于重物重力的一半，故D錯誤；本題選錯誤的，故選ACD．（2）由牛頓第二定律得：m=，a﹣F圖象斜率的倒數等于m，由圖象可得：A的斜率大于B的斜率，則A斜率的倒數小于B斜率的倒數，即A的質量小于B的質量；由牛頓第二定律得：F﹣μmg=ma，a=0時，F=μmg，由圖象可知，a=0時，A、B的F相等，即μAmAg=μBmBg，∵mA＜mB，∴μA＞μB；故答案為：（1）ACD；（2）小于；大于．15.欲用伏安法測定一段阻值約為5左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現備有以下器材：A．電池組（3V，內阻1）

B．電流表（0～3A，內阻0.0125）C．電流表（0～0.6A，內阻0.125）

D．電壓表（0～3V，內阻3k）E．電壓表（0～15V，內阻15k）F．滑動變阻器（0～20，額定電流1A）G．滑動變阻器（0～200，額定電流0.3A）

H．開關、導線（1）上述器材中應選用的是______________；（填寫各器材的字母代號）（2）實驗電路應采用電流表______________接法；（填“內”或“外”）（3）為使通過待測金屬導線的電流能在0～0.5A范圍內改變,請按要求在虛線框內畫出測量待測金屬導線電阻Rx的電路原理圖.參考答案：．（1）ＡＣＤＦＨ（2分）

（2）外（2分）（3）電路如圖

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一定質量的理想氣體經歷如圖A→B→C→D→A所示循環過程，該過程每個狀態視為平衡態．已知A態的溫度為27℃．求：（1）B態的溫度TB．（2）一次循環過程氣體與外界的熱交換Q為多少？是吸熱還是放熱？參考答案：【考點】：理想氣體的狀態方程．【專題】：理想氣體狀態方程專題．【分析】：（1）由圖象可知AB兩個狀態的體積，且由A到B做等壓變化，根據蓋呂薩克定律列式求解；（2）從A態又回到A態的過程溫度不變，所以內能不變，根據熱力學定律列式求解．：解：①由圖象得VA=3L

TA=t=273=27+273K=300KVB=4LA到B等壓變化，由蓋呂薩克定律得：，代入數據解得：TB=400K

即t=127℃②從A態又回到A態的過程溫度不變，所以內能不變．A到B氣體對外做功W1=pA△V=100JC到D外界對氣體做功W2=pC△V=75J外界對氣體做的總功W=W2﹣W1=﹣25J由熱力學第一定律△U=W+Q解得：Q=25JQ為正，表示吸熱答：（1）B態的溫度TB為127℃．（2）一次循環過程氣體與外界的熱交換Q為25J，是吸熱．【點評】：本題是理想氣體狀態方程和熱力學第一定律的綜合應用．運用熱力學第一定律時，注意做功W和熱量Q的符號，對外做功和放熱為負的，對氣體做功和吸熱為正的17.某中學生身高1.80m，質量70kg.他站立舉臂，手指摸到的高度為2.25m；如果他先下蹲，再用力蹬地向上跳起，同時舉臂，手指摸到的高度為2.70m；設他從蹬地到離開地面所用的時間為0.3s；求：（取g＝10m/s2）（8分）（1）他剛離地跳起時的速度大小；（2）他與地面間的平均作用力的大小參考答案：（1）V=3m/s

(2)F=1400N（1）中學生跳起后重心升高根據機械能守恒定律解得（2）根據牛頓第二定律運動學規律解得。18.蹦床是運動員在一張繃緊的彈性網上蹦