2023屆浙江省慈溪市三山高級中學、奉化高級中學等六校物理高一下期末綜合測試模擬試題含解析_第1頁
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文檔簡介

2022-2023學年高一下物理期末模擬試卷考生須知:1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分,全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂;非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯選和不選得零分)1、(本題9分)如圖所示,場強為E=1.0×102V/m的勻強電場中,有相距d=2.0×10-2m的A、B兩點,A、B連線與電場方向的夾角為,則A、B兩點間的電勢差為A.1.0V B.VC.2.0V D.3.0V2、(本題9分)做自由落體運動的物體,在第1s內下落的高度是(g取10m/s2)A.5mB.10mC.15mD.20m3、(本題9分)中國北斗衛星導航系統(BDS)是中國自行研制的全球衛星導航系統,是繼美國全球定位系統(GPS)、俄羅斯格洛納斯衛星導航系統(GLONASS)之后第三個成熟的衛星導航系統。預計2020年左右,北斗衛星導航系統將形成全球覆蓋能力。如圖所示是北斗導航系統中部分衛星的軌道示意圖,已知a、b、c三顆衛星均做圓周運動,a是地球同步衛星,則()A.衛星a的角速度小于c的角速度B.衛星a的加速度大于b的加速度C.衛星a的運行速度大于第一宇宙速度D.衛星b的周期大于24h4、(本題9分)地球的半徑為R0,地面的重力加速度為g,一個質量為m的人造衛星,在離地面高度為h=R0的圓形軌道上繞地球運行,則()A.人造衛星的角速度為 B.人造衛星的周期C.人造衛星受到地球的引力為 D.人造衛星的速度5、(本題9分)在下面所介紹的各種情況中,哪種情況將出現超重現象(

)①蕩秋千經過最低點的小孩②汽車過凸形橋③汽車過凹形橋④在繞地球作勻速圓周運動的飛船中的儀器A.①②B.①③C.①④D.③④6、均勻小球A、B的質量分別為m、6m,球心相距為R,引力常量為G,則A球受到B球的萬有引力大小是()A. B. C. D.7、(本題9分)在光滑的水平面上動能為,動量大小為的小鋼球1與靜止的小剛球2發生碰撞,碰撞前后鋼球1的運動方向相反,將碰后球1的動能和動量的大小分別記為和,球2的動能和動量的大小分別記為,,則必有()A.< B.< C.> D.>8、(本題9分)物體做曲線運動時,下列說法中正確的是A.速度一定變化B.加速度一定變化C.合力一定不為零D.合力方向與速度方向一定不在同一直線上9、(本題9分)航空母艦可提供飛機起降,一飛機在航空母艦的水平甲板上著陸可簡化為如圖所示模型,飛機鉤住阻攔索減速并沿甲板滑行過程中A.阻攔索對飛機做正功,飛機動能增加B.阻攔索對飛機做負功,飛機動能減小C.空氣及摩擦阻力對飛機做正功,飛機機械能增加D.空氣及摩擦阻力對飛機做負功,飛機機械能減少10、質量為m的小球以某一初速度豎直向上拋出上升過程的加速度大小為1.5g(g為重力加速度),上升的最大高度為h,則在整個上升過程中以下說法正確的是A.小球動能減少了mghB.小球動能減少了1.5mghC.小球克服阻力做功1.5mghD.小球機械能減少了0.5mgh11、質量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動,A球的動量是7kg·m/s,B球的動量是5kg·m/s,當A球追上B球發生碰撞,則碰撞后A、B兩球的動量可能值是()A.pA=6kg·m/s,pB=6kg·m/sB.pA=3kg·m/s,pB=9kg·m/sC.pA=-2kg·m/s,pB=14kg·m/sD.pA=-4kg·m/s,pB=17kg·m/s12、(本題9分)小物塊位于放于地面的半徑為R的半球的頂端,若給小物塊以水平的初速度v時物塊對半球剛好無壓力,則下列說法正確的是()A.小物塊立即離開球面做平拋運動B.小物塊落地時水平位移為RC.小物塊沿球面運動D.物塊落地時速度的方向與地面成45°角二、實驗題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、(6分)(本題9分)某同學采用頻閃攝影的方法拍攝到如圖所示的“小球做平拋運動”的照片。圖中每個小方格的實際邊長為10cm.(1)請在圖中作出小球運動的軌跡_______.(2)小球做平拋的初速度大小為_______m/s.(取g=10m/s2,計算結果保留2位有效數字)14、(10分)(1)如圖所示,用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律,即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系.①若入射小球質量為m1,半徑為r1;被碰小球質量為m2,半徑為r2,為完成實驗需滿足.A.m1>m2,r1>r2B.m1>m2,r1<r2C.m1>m2,r1=r2D.m1<m2,r1=r2②實驗中,不容易直接測定小球碰撞前后的速度,但是可以通過僅測量(填選項前的符號),間接地解決這個問題.A.小球開始釋放高度hB.小球拋出點距地面的高度HC.小球做平拋運動的水平位移③圖中O點是小球拋出點在地面上的豎直投影,實驗時,先讓入射小球多次從斜軌上S位置由靜止釋放,找到其平均落地點的位置.然后把被碰小球靜置于軌道的水平部分末端,再將入射小球從斜軌上S位置由靜止釋放,多次重復,并找到碰撞后兩球落點的平均位置.用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置離O點的距離,即線段OM、OP、ON的長度.入射小球的質量為m1,被碰小球的質量為m2,若滿足關系式則兩球碰撞前后系統動量守恒.三、計算題要求解題步驟,和必要的文字說明(本題共36分)15、(12分)(本題9分)我國首個月球探測計劃“嫦娥工程”將分三個階段實施,大約用十年左右時間完成,這極大地提高了同學們對月球的關注程度.以下是某同學就有關月球的知識設計的兩個問題,請你解答:(1)若已知地球半徑為R,地球表面的重力加速度為g,月球繞地球運動的周期為T,且把月球繞地球的運動近似看做是勻速圓周運動.試求出月球繞地球運動的軌道半徑.(2)若某位宇航員隨登月飛船登陸月球后,在月球某水平表面上方h高處以速度v0水平拋出一個小球,小球落回到月球表面的水平距離為s.已知月球半徑為R月,萬有引力常量為G.試求出月球的質量M月.16、(12分)(本題9分)如圖甲所示,在和之間有沿著軸方向的勻強電場,為電場區域的上邊界,在軸方向范圍足夠大,電場強度的變化如圖乙所示,取軸正方向為電場正方向.現有一個帶負電的粒子,粒子的比荷,在時刻以速度從點沿軸正方向進入電場區域,不計粒子重力作用.求:甲乙(1)粒子通過電場區域的時間;(2)粒子離開電場的位置坐標;(3)粒子通過電場區域后沿軸方向的速度大小.17、(12分)(本題9分)如圖所示,MN是半徑為R=0.8m的豎直四分之一光滑圓弧軌道,豎直固定在水平桌面上,軌道末端處于桌子邊緣并與水平桌面相切于N點。把一質量為m=1kg的小球B靜止放于N點,另一個完全相同的小球A由M點靜止釋放,經過N點時與B球發生正碰,碰后粘在一起水平飛出,落在地面上的碰點。若桌面高度為h=0.8m,取重力加速度g=10m/。不計空氣阻力,小球可視為質點。求:(1)小球A運動到N點與小球B碰前的速度的大小;(2)小球A與小球B碰后瞬間的共同速度的大??;(3)P點與N點之間的水平距離x.

參考答案一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯選和不選得零分)1、A【解析】

由題知,E=1.0×102V/m,d=2.0×10-2m,根據勻強電場中電勢差和電場強度的關系:故A正確。2、A【解析】做自由落體運動的物體,在第1s內下落的高度h=gt2=×10×1=5m,故A正確.故選A.3、A【解析】

根據,可得,a的軌道半徑大于c的軌道半徑,因此衛星a的角速度小于c的角速度,選項A正確;由,a的軌道半徑與b的軌道半徑相等,因此衛星a的加速度等于b的加速度,選項B錯誤;由,a的軌道半徑大于地球半徑,因此衛星a的運行速度小于第一宇宙速度,選項C錯誤;由,a的軌道半徑與b的軌道半徑相等,衛星b的周期等于a的周期,為24h,選項D錯誤。4、A【解析】

根據萬有引力提供向心力,得:

又在地球表面上,由重力等于萬有引力,得:;據題:h=R0;聯立解得:,,F=mg,v=,故A正確,BCD錯誤.故選A.5、B【解析】試題分析:①蕩秋千經過最低點的小球,此時有向上的加速度,處于超重狀態.②汽車過凸形橋最高點,加速度向下,處于失重狀態;③汽車過凹形橋最低點,此時有向上的加速度,處于超重狀態.④在繞地球做勻速圓周運動的飛船中的儀器,處于完全失重狀態.故選B.考點:失重與超重【名師點睛】本題考查了學生對超重與失重現象的理解,要知道當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時,就說物體處于超重狀態,此時有向上的加速度;當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時,就說物體處于失重狀態,此時有向下的加速度;如果沒有壓力了,那么就是處于完全失重狀態,此時向下加速度的大小為重力加速度g;掌握住超重與失重的判斷依據,本題就可以解決了.6、D【解析】

根據萬有引力公式,質量分布均勻的球體間的距離指球心間距離,故兩球間的萬有引力A.與分析不符,故A項錯誤;B.與分析不符,故B項錯誤;C.與分析不符,故C項錯誤;D.與分析相符,故D項正確。7、ABD【解析】A、B、C由題,碰撞后兩球均有速度.根據碰撞過程中總動能不增加可知,E1<E1,E2<E1,P1<P1.否則,就違反了能量守恒定律.故AB正確,C錯誤.D、根據動量守恒定律得:P1=P2-P1,得到P2=P1+P1,可見,P2>P1.故D正確.故選ABD8、ACD【解析】既然是曲線運動,它的速度的方向必定是改變的,所以曲線運動一定是變速運動,故A正確;平拋運動是曲線運動,加速度恒定,故B錯誤;曲線運動的條件是合力與速度不共線,一定存在加速度,曲線運動的物體受到的合外力一定不為零.故C正確;物體所受的合外力和它速度方向不在同一直線上,物體就是在做曲線運動.故D正確.故選B.9、BD【解析】

AB.阻攔索對飛機的作用力向后,則對飛機做負功,飛機動能減小,選項A錯誤,B正確;CD.空氣及摩擦阻力與飛機運動方向相反,則對飛機做負功,飛機機械能減少,選項D正確,C錯誤;故選BD.點睛:此題關鍵是知道對物體做正功,則物體的機械能增加;對物體做負功,或者克服阻力做功,機械能減小.10、BD【解析】

AB.小球的合外力大小F合=ma=1.5mg,方向豎直向下,根據動能定理得:小球動能減少量△Ek=F合h=1.5mgh,故A錯誤,B正確.CD.小球重力勢能增加了mgh,動能減少了1.5mgh,所以機械能減少了0.5mgh,根據功能關系知:小球克服阻力做功等于小球機械能減少,因此小球克服阻力做功0.5mgh;故C錯誤,D正確.11、AB【解析】以兩球組成的系統為研究對象,取甲球碰撞前的速度方向為正方向,兩球的質量均為m,碰撞前系統的總動能:;系統的總動量:p=9kg?m/s+5kg?m/s=14kg?m/s;

A、若碰后甲、乙兩球動量為:pA=7kg?m/s,pB=7kg?m/s,系統的總動量p′=7kg?m/s+7kg?m/s=14kg?m/s,動量守恒.總動能:,總動能減小,是可能的,故A正確.

B、若碰后甲、乙兩球動量為:pA=6kg?m/s,pB=8kg?m/s,系統的總動量p′=6kg?m/s+8kg?m/s=14kg?m/s,動量守恒.總動能:,總動能減小,是可能的,故B正確.

C、若碰后甲、乙兩球動量為:pA=-2kg?m/s,pB=16kg?m/s,系統的總動量p′=-2kg?m/s+16kg?m/s=14kg?m/s,動量守恒.總動能:,總動能增加,是不可能的,故C錯誤.

D、若碰后甲、乙兩球動量為:pA=-4kg?m/s,pB=17kg?m/s,系統的總動量p′=-4kg?m/s+17kg?m/s=13kg?m/s,動量不守恒,不可能,故D錯誤.故選AB.點睛:對于碰撞過程,要掌握三大規律:1、動量守恒定律;2、總動能不增加;3、符合物體的實際運動情況.12、AB【解析】在最高點重力完全充當向心力時物體對球沒有壓力,即mg=mv2R,所以v=gR,此時物體只受重力作用,速度水平方向,所以物體立即離開球面做平拋運動,小物體落地時下落的高度為R,所以t=2R二、實驗題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、2.0【解析】

根據豎直方向上連續相等時間內的位移之差是一恒量,求出相等的時間間隔,結合水平位移和時間間隔求出小球平拋運動的初速度?!驹斀狻康谝豢眨诙眨谪Q直方向上,根據,得:,則小球的初速度:。【點睛】本題主要考查了對平拋運動實驗的數據處理,較為簡單。14、(1)①C;②C;③m1OP=m1OM+m2ON;【解析】試題分析:(1)①為保證兩小球發生對心正碰,要求,為使碰后不反彈,要求;選C;②碰后,做平拋運動,且落地時間相等,可用水平位移代替小球的水平速度,選C;③根據動量守恒,根據②的結論,可得m1OP=m1OM+m2ON

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