2021-2022高二下物理期末模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的電路中，電源的電動勢E恒定，內阻r=1Ω，R1為光敏電阻（其阻值隨光照的增強而減小），定值電阻R2=2Ω，R3=5Ω，電表均為理想電表．則下列說法正確的是（）A．當光照增強時，電源的效率增大B．當光照增強時，電容器的電荷量減小C．光照強度變化時，電壓表示數的變化量和電流表示數的變化量之比不變D．若光敏電阻R1阻值變化范圍為2～9Ω，則光照強度變化前后，ab段電路消耗的電功率可能相同2、如圖所示，將一個折射率為n的透明長方體放在空氣中，矩形ABCD是它的一個截面，一單色細光束入射到P點，入射角為θ。AP=1A．若要使光束進入長方體后能射至AD面上，角θ的最小值為arcsin1B．若要使光束進入長方體后能射至AD面上，角θ的最小值為arcsin5C．若要此光束在AD面上發生全反射，角θ的范圍應滿足arcsin12nD．若要此光束在AD面上發生全反射，角θ的范圍應滿足arcsin2553、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，在O點固定一電荷量為Q的正電荷，A、B、C、D為以O為圓心的同一圓周上的四點，BD連線與電場線平行，AC連線與電場線垂直．則（）A．A、C兩點的場強相同B．B點的場強大于A點的場強C．DA間的電勢差大于AB間的電勢差D．檢驗電荷在A點的電勢能大于在C點的電勢能4、下列說法正確的是A．傳感器是把非電信息轉換成電信息的器件或裝置B．真空中的光速在不同慣性系中測得的數值是不相同的C．紫外線常用于醫院和食品消毒，是因為它具有顯著的熱效應D．波源與觀察者相互靠近時，觀察者接收到的頻率小于波源的頻率5、在光滑絕緣的水平桌面上有一帶電的小球，只在電場力的作用下沿x軸正向運動，其電勢能EP隨位移x變化的關系如圖所示。下列說法正確的是A．小球一定帶負電荷B．x1處的電場強度一定小于x2處的電場強度C．x1處的電勢一定比x2處的電勢高D．小球在x1處的動能一定比在x2處的動能大6、下列物理量中屬于矢量的是A．電流 B．電勢差 C．磁感應強度 D．時間二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一人站在商場的自動扶梯的水平踏板上隨扶梯一起向上勻加速運動，則下列說法正確的是()A．踏板對人的摩擦力可能為0B．踏板支持力對人做的功大于人重力勢能增量C．踏板對人做的功等于人的機械能的增量D．不計一切損耗，電梯消耗的電能等于人增加的機械能8、甲物體比乙物體所受的重力大5倍，甲從H高處自由下落，乙從2H高處同時自由下落，在甲、乙落地前，下面說法錯誤的是（）A．下落過程中甲的加速度比乙的加速度大B．甲、乙各自下落1m時它們的速度相同C．兩物體下落過程中的同一時刻，甲的速率一定比乙的速率大D．在下落過程中兩物體之間的距離不斷增大9、如圖所示，在光滑水平面內建立一直角坐標系xoy，一質量m=1kg的小球以1m/s的初速度沿x軸正向做勻速直線運動。小球經過坐標原點O時（此時t=0）,撤去沿y軸負方向，大小F=1N的恒力，保持其他力不變。在t=0時刻之后，關于小球的運動，下列說法正確的是A．做勻變速曲線運動B．在任意相等的時間內，小球的速度變化相同C．經過x、y坐標相同位置時所用的時間為1sD．在t=1s時，小球的動能為1J10、豎直的玻璃管，封閉端在上，開口端在下，中間有一段水銀，若把玻璃管稍傾斜一些，但保持溫度不變，則（）A．封閉在管內的氣體壓強增大B．封閉在管內的氣體體積增大C．封閉在管內的氣體體積減小D．封閉在管內的氣體體積不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖所示的實驗裝置來探究“力的平行四邊形定則”。彈簧測力計A掛于固定點P，下端用細線掛一重物M．彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端向左拉，使結點O靜止在某位置。分別讀出彈簧測力計A和B的示數，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和各拉線的方向。（1）本實驗用的彈簧測力計示數的單位為N，圖中A的示數為_____N。（2）下列不必要的實驗要求是_____。（請填寫選項前對應的字母）A．應測量重物M所受的重力B．彈簧測力計應在使用前校零C．拉線方向應與木板平面平行D．改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置（3）在彈簧的彈性限度內，保持B的拉力方向不變，大小緩慢增大，則A的示數_____A．增大B．減小C．不變D．無法判斷12．（12分）如圖所示，是用光傳感器做雙縫干涉的實驗裝置．激光光源在鐵架臺的最上端，中間是刻有雙縫的擋板，下面是光傳感器．光傳感器是一個小盒，在圖中白色狹長矩形部分，沿矩形的長邊分布著許多光敏單元．這個傳感器各個光敏單元得到的光照信息經計算機處理后，在熒光屏上顯示出來．①下列關于本實驗的操作與敘述正確的是______（填字母）；A．應該在光源和雙縫之間加一個單縫，才能使實驗成功B．下移光源，使之更靠近刻有雙縫的擋板，則干涉條紋間距減小C．光源不動，下移雙縫擋板，使之更靠近光傳感器，則干涉條紋間距減小D．保持光源和雙縫擋板的距離不變，同時下移它們，使它們靠近光傳感器，則干涉條紋間距不變②用激光替代普通光源來做本實驗，最主要是利用了激光的______（填字母）；A．相干性高B．平行度好C．亮度高四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一玻璃球體的半徑為，為球心，為直徑．來自點的光線在點射出．出射光線平行于，另一光線恰好在點發生全反射．已知，求①玻璃的折射率．②球心O到BN的距離．14．（16分）如圖(a)，兩根足夠長不計電阻的平行光滑金屬導軌固定在水平面上，間距L=1.0m，導軌左側連接一阻值R1=6Ω的電阻，右側連接另一阻值R2=3Ω的電阻．在導軌間CDEF矩形區域內有豎直向上的勻強磁場(俯視圖)，點C、F間的距離d=0.5m，磁感應強度大小隨時間變化的圖象如圖(b)，阻值r=3Ω的金屬棒垂直于導軌放置在離R1較近的位置AB處．t=0時金屬棒在水平向右的恒力F作用下由靜止開始運動，在0～0.4s時間內R兩端電壓為U，在t=0.5s時金屬棒進入磁場，且在磁場運動的過程中,R1兩端電壓仍為U．求：(1)t=0.2s時整個回路的電動勢；(2)恒力F的大小；(3)金屬棒從AB運動到EF的過程中整個回路產生的熱量.15．（12分）封閉在氣缸內一定質量的理想氣體由狀態A變到狀態C，其體積與熱力學溫度T關系如圖所示。該氣體的摩爾質量為M，狀態A的體積為V1、溫度為T1．已知O、A、C三點在同一直線上，阿伏伽德羅常數為NA，求：①若在A→C過程中，氣體對外做功為5J，內能增加9J，則氣體是吸熱還是放熱？吸收或放出的熱量是多少？②在狀態C，該氣體的密度為ρ，體積為2V1，則狀態C的溫度為多少？該氣體的分子數為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

當光照增強時，光敏電阻阻值減小，總電流增大，則電源的功率增大，故A正確；當光照增強時，光敏電阻阻值減小，總電流增大，兩端的電壓增大，則電容器兩端的電壓增大，根據知，電容器的電荷量增大，故B錯誤；根據閉合電路歐姆定律得：，所以，不發生變化，故C正確；將看成電源的內阻，則等效電源的內阻為，，則光敏電阻時，外電路總電阻與等效電源的內阻相等，電源的輸出功率有最大值，則若光敏電阻阻值變化范圍為，則光照強度變化前后，ab兩段電路的功率可能相同，故D正確；【考點】考查了電路動態變化分析2、B【解析】A、B、當光束進入長方體后恰好射至AD面上D點時，角θ的值最小。設此時光線在AB面的折射角為α．根據幾何知識得：sinα=APAP2+AD2，由已知條件AP=12AD代入解得：sinα=55，由n=sinθsinα得：sinθ=nsinα=55n，可得θ=arcsin55n，故A錯誤，B正確。C、D、設光束射AD面上的入射角為β，若要此光束在AD面上發生全反射，則必須有【點睛】本題是全反射、折射定律、臨界角等知識的綜合應用，首先要正確作出光路圖，運用幾何知識研究折射角的正弦。3、B【解析】設點電荷產生的場強為E'，由于場強為矢量，EA=EC=E2+E'2，但方向不同．故A錯誤；由于EB=E+E'，ED=E-E'，故B正確；4、A【解析】

A.傳感器是把被測非電信息轉換為電信息的裝置，故選項A正確；B.根據光速不變原理知在不同慣性系中，光在真空中傳播速度大小相等，故選項B錯誤；C.紫外線常用于醫院和食品消毒，但它不具有顯著的熱效應，反而紅外線才是顯著的熱效應，故選項錯誤；D.根據多普勒效應，當波源與觀察者相互靠近時，觀察者接收到的頻率會增加，觀察者接收到的頻率大于波源的頻率，故選項D錯誤。5、B【解析】

A．根據題意知小球在運動過程中電勢能逐漸減小，所以電場力做正功，由于不知道電場方向，故不知道電場力和電場線的方向的關系，故小球的帶電性質不確定，故A錯誤；B．圖象在某點的切線的斜率大小等于該點的電場強度大小，x1處的斜率小于x2處的，所以x1處的電場強度小于x2處的電場強度，故B正確；C．根據φ＝EPq知，小球的電勢能減小，但由于小球的電性不確定，所以x1和xD．根據能量守恒知，x1處的電勢能大于x2處的電勢能，所以x1的動能小于x2的動能，故D錯誤；6、C【解析】

電勢差和時間都是標量，它們都是只有大小沒有方向的，電流雖有方向，但是不滿足平行四邊形法則，也是標量；磁感應強度是既有大小又有方向，是矢量，所以C正確，ABD錯誤．故選C．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A.人隨扶梯一起斜向上加速運動的過程中，有水平向右的加速度，人要受到扶梯的靜摩擦力．故A錯誤；B.人隨扶梯一起斜向上做加速運動，有豎直向上的加速度，處于超重狀態，則踏板對人的支持力大小大于人所受到的重力大小，踏板支持力對人做的功大于人重力重力做的功，大于人重力勢能的增量，故B正確；C.根據功能關系得知，除了重力以外的力對人做的功等于人的機械能的增加，即踏板對人做的功等于人的機械能增加量．故C正確．D.自動扶梯動能也增大，電梯消耗的電能大于人增加的機械能，故D錯誤．故選：BC8、ACD【解析】A、自由落體運動的加速度為重力加速度，相等，故A錯誤；

B、根據可知，下落時，速度大小相等，故B正確；

C、根據可知兩物體下落過程中的同一時刻，甲的速率與乙的速率相等，故C錯誤；

D、它兩物體的運動情況相同，所以在下落過程中兩物體之間的距離不變，故D錯誤．點睛：解決本題的關鍵知道自由落體運動的特點，做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，掌握自由落體運動規律．9、ABD【解析】

撤去沿y軸負方向，大小F=1N的恒力，保持其他力不變，可知小球所受的合力沿y軸正向且合力恒定，小球的加速度恒定不變，且與初速度垂直，可知小球做勻變速曲線運動，選項A正確；因加速度不變，則根據?v=at可知在任意相等的時間內，小球的速度變化相同，選項B正確；小球沿y軸正向的加速度為，則，x方向：x=v0t，則當x=y時解得t=2s，選項C錯誤；在t=1s時，vy=at=1m/s，則此時小球的速度，則小球的動能為，選項D正確.10、AC【解析】

設大氣壓為p0，水銀柱高度為h，則封閉氣體的壓強：p=p0-h；玻璃管稍傾斜一些時，水銀的有效高度減小，氣體的壓強增大，氣體溫度不變，氣體發生等溫變化，由玻意耳定律可知，氣體壓強增大時，氣體體積減??；A.封閉在管內的氣體壓強增大，與結論相符，選項A正確；B.封閉在管內的氣體體積增大，與結論不相符，選項B錯誤；C.封閉在管內的氣體體積減小，與結論相符，選項C正確；D.封閉在管內的氣體體積不變，與結論不相符，選項D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.6ABCA【解析】

第一空.本實驗用的彈簧測力計示數的單位為N，圖中A的示數為3.6N；第二空.B.彈簧測力計應在使用前校零，故B正確；C.為減小實驗誤差，拉線方向應與木板平面平行，故C正確；AD.本實驗是根據三力平衡的推論：若三個共點的力的合力為零，則其中任意兩個力的合力與第三個力等大反向，來進行探究的，OA、OB兩繩的拉力的合與重物的重力應該等大反同，用平行四作出兩繩的拉力的合力，若合力與重物的重力在誤差允許的范圍內等大反向即可得，所以應測量重物M所受的重力，O點的位置在不同次實驗中可以變化，故A正確，D錯誤。故選：ABC。第三空.由題意可知，A、B拉力的合力不變，作出圖如圖所示：則可知當保持B的拉力方向不變，大小緩慢增大，A的拉力大小會增大，即A的示數變大。A.“增大”與上述結論相符，故A正確；B.“減小”與上述結論不符，故B錯誤；C.“不變”與上述結論不符，故C錯誤；D.“無法判斷”與上述結論不符，故D錯誤；12、CA【解析】

①[1]A.因激光的相干性高，則光源和雙縫之間不需要加一個單縫，故A錯誤；B.根據雙縫干涉條紋的間距公式知，若下移光源，使之更靠近刻有雙縫的擋板，即減小光源與雙縫間距，與干涉條紋間距無關，故B錯誤；C.光源不動，下移雙縫擋板，使之更靠近光傳感器，根據雙縫干涉條紋的間距公式知，即減小光源與雙縫間距，那么干涉條紋間距會減小，故C正確；D.保持光源和雙縫擋板的距離不變，同時下移它們，使它們靠近光傳感器，根據雙縫干涉條紋的間距公式知，則干涉條紋間距增大，故D錯誤；②[2]因激光的相干性高，因此可用激光替代普通光源來做實驗；A.相干性高與分析相符，故A正確；B.平行度好與分析不符，故B錯誤；C.亮度高與分析不符，故C錯誤；四