1、四川省德陽(yáng)市綿竹東汽中學(xué)2023年高三物理期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. 用升降機(jī)運(yùn)載貨物，貨物從靜止開(kāi)始豎直上升過(guò)程中，經(jīng)歷加速、勻速、減速三個(gè)階段，在貨物減速運(yùn)動(dòng)階段A所受支持力小于貨物的重力B所受支持力大于貨物的重力C支持力對(duì)貨物做功等于其動(dòng)能的減少量D支持力對(duì)貨物做功等于其機(jī)械能的變化量參考答案：AD2. （單選）已知地球的半徑為6.4106m，地球自轉(zhuǎn)的角速度為7.29105rad/s，地面的重力加速度為9.8m/s2，在地球表面發(fā)射衛(wèi)星的第一宇宙速度為7.9103m/s，第三宇宙速度為16.7103m/s，月球到地球中

2、心的距離為3.84108m假設(shè)地球上有一棵蘋(píng)果樹(shù)長(zhǎng)到了接近月球那么高，則當(dāng)蘋(píng)果脫離蘋(píng)果樹(shù)后，將（）A落向地面B成為地球的同步“蘋(píng)果衛(wèi)星”C成為地球的“蘋(píng)果月亮”D飛向茫茫宇宙參考答案：考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用專(zhuān)題：人造衛(wèi)星問(wèn)題分析：根據(jù)v=r，可得出蘋(píng)果的線速度把蘋(píng)果的線速度與第三宇宙速度比較求解解答：解：地球自轉(zhuǎn)的角速度為7.29105 rad/s，月球到地球中心的距離為3.84108 m地球上有一棵蘋(píng)果樹(shù)長(zhǎng)到了接近月球那么高，根據(jù)v=r得蘋(píng)果的線速度v=2.8104 m/s，第三宇宙速度為16.7103 m/s，由于蘋(píng)果的線速度大于第三宇宙速度，所以蘋(píng)

3、果脫離蘋(píng)果樹(shù)后，將脫離太陽(yáng)系的束縛，飛向茫茫宇宙故選D點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力同時(shí)知道宇宙速度的意義3. 如圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，圖乙為介質(zhì)中x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖象。下列說(shuō)法正確的是 （ ） A這列波的傳播方向是沿x軸正方向 B這列波的傳播速度是20m/s C經(jīng)過(guò)0.15s,質(zhì)點(diǎn)P沿x軸的正方向傳播了3m D經(jīng)過(guò)0.1s時(shí),質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向 E. 經(jīng)過(guò)0.35s時(shí),質(zhì)點(diǎn)Q距平衡位置的距離小于質(zhì)點(diǎn)P距平衡位置的距離參考答案：4. 一宇航員到達(dá)半徑為R，密度均勻的某星球表面，做如下實(shí)驗(yàn)，用不可伸長(zhǎng)的輕繩拴一質(zhì)量為m的小球，上端固

4、定在O點(diǎn)，如圖甲所示，在最低點(diǎn)給小球某一初速度，使其繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得繩的拉力大小隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示，F(xiàn)17F2，設(shè)R、m、引力常量G、F1、F2均為己知量，忽略各種阻力，以下說(shuō)法正確的是A小球在最高點(diǎn)的最小速度為零 B衛(wèi)星繞該星的第一宇宙速度為C該星球表面的重力加速度為 D星球的質(zhì)量為參考答案：BCD5. 圖示為一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，實(shí)線為t0時(shí)刻的波形圖，虛線為t0.6 s時(shí)的波形圖，波的周期T0.6 s，則A.波的周期為2.4sB.在t0.9s時(shí)，P點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)C.經(jīng)過(guò)0.4s，P點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為4mD.在t0.5s時(shí)，Q點(diǎn)到達(dá)波峰位置參考答案：D解

5、析：根據(jù)題意應(yīng)用平移法可知T0.6s，解得T0.8s，A錯(cuò)；由圖可知振幅A0.2m、波長(zhǎng)8m。t0.9s1T，此時(shí)P點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)；0.4sT，運(yùn)動(dòng)路程為2A0.4m，C錯(cuò)； t0.5sTTT，波形圖中Q正在向下振動(dòng)，從平衡位置向下振動(dòng)了T，經(jīng)T到波谷，再過(guò)T到波峰，D對(duì)。二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. （4分）從某金屬表面逸出光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率的圖像如下圖所示，則這種金屬的截止頻率是_HZ；普朗克常量是_J/HZ。參考答案：4.3(0.1)1014Hz ( 6.26.8)10-34Js7. （2008?上海模擬）已知某物質(zhì)摩爾質(zhì)量為M，密度為，

6、阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該物質(zhì)的分子質(zhì)量為 ，單位體積的分子數(shù)為 參考答案：；NA解：每個(gè)分子的質(zhì)量m=單位體積的質(zhì)量等于單位體積乘以密度，質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù)，所以單位體積所含的分子數(shù)n=NA；8. 如圖甲是利用激光測(cè)轉(zhuǎn)速的原理示意圖，圖中圓盤(pán)可繞固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，盤(pán)邊緣側(cè)面上有一小段涂有很薄的反光材料當(dāng)盤(pán)轉(zhuǎn)到某一位置時(shí)，接收器可以接收到反光涂層所反射的激光束，并將所收到的光信號(hào)轉(zhuǎn)變成電信號(hào)，在示波器顯示屏上顯示出來(lái)(如圖乙所示)(1)若圖乙中示波器顯示屏上橫向的每大格(5小格)對(duì)應(yīng)的時(shí)間為2.50103 s，則圓盤(pán)的轉(zhuǎn)速為 r/s.(保留3位有效數(shù)字)(2)若測(cè)得圓盤(pán)直徑為10.20 cm

7、，則可求得圓盤(pán)側(cè)面反光涂層的長(zhǎng)度為 cm.(保留3位有效數(shù)字) 參考答案：9. （5分）如圖所示，質(zhì)量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC，ABC=，AB邊靠在豎直墻面上，F(xiàn)是垂直于斜面BC的推力，現(xiàn)物塊靜止不動(dòng)，則摩擦力的大小為 。參考答案：答案：mg+Fsin10. (4分)在一個(gè)邊長(zhǎng)為a的等邊三角形區(qū)域內(nèi)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁強(qiáng), 一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子從BC邊的中點(diǎn)垂直BC方向射入磁場(chǎng)中, 如圖所示, 為使該粒子能從AB邊(或AC邊)射出, 則帶電粒子的初速度v必須大于 。 參考答案： 答案：11. 假設(shè)一列火車(chē)共有6節(jié)車(chē)廂且均停在光滑的軌道上，各車(chē)廂間有一定的間距若第

8、一節(jié)車(chē)廂以速度向第二節(jié)車(chē)廂運(yùn)動(dòng)，碰后不分開(kāi)，然后一起向第三節(jié)車(chē)廂運(yùn)動(dòng)，依次直到第6節(jié)車(chē)廂則第一節(jié)車(chē)廂與第二節(jié)車(chē)廂碰后的共同速度為_(kāi),火車(chē)最終的速度為_(kāi)參考答案： 12. 如圖所示，一根長(zhǎng)為L(zhǎng)=2m的細(xì)剛性輕桿的兩端分別連結(jié)小球a和b，它們的質(zhì)量分別為ma=8kg和mb=lkg，桿可繞距a球?yàn)長(zhǎng)處的水平定軸O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)。初始時(shí)桿處于豎直位置，小球b幾乎接觸桌面，在桿的右邊水平桌面上，緊挨著細(xì)桿放著一個(gè)質(zhì)量為m=25kg的立方體勻質(zhì)物塊，圖中ABCD為過(guò)立方體中心且與細(xì)桿共面的截面。現(xiàn)用一水平恒力F=100N作用于a球上，使之繞O軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，在轉(zhuǎn)過(guò)角過(guò)程中力F做的功為_(kāi) J；此時(shí)小球b速度

9、的大小為 m/s。（設(shè)在此過(guò)程中立方體物塊沒(méi)有發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，且小球b與立方體物體始終沒(méi)有分離，不計(jì)一切摩擦。結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后兩位。取g=10m/s2）參考答案：13. （多選）（2014秋?滕州市校級(jí)期中）下列說(shuō)法正確的是（）A伽利略的理想實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B人站在電梯中，人對(duì)電梯的壓力與電梯對(duì)人的支持力不一定大小相等C兩個(gè)不同方向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，它們的合運(yùn)動(dòng)不一定是勻變速直線運(yùn)動(dòng)D由F=ma可知：當(dāng)F=0時(shí)a=0，即物體靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)所以牛頓第一定律是牛頓第二定律的特例參考答案：AC解：A、伽利略的理想實(shí)驗(yàn)說(shuō)明物體不受力，物體照樣運(yùn)動(dòng)，即力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因故A正確B、

10、人對(duì)電梯的壓力和電梯對(duì)人的支持力是一對(duì)作用力和反作用力，大小相等故B錯(cuò)誤C、兩個(gè)不同方向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)合成，若合速度的方向與合加速度的方向不在同一條直線上，物體做曲線運(yùn)動(dòng)故C正確D、第二定律針對(duì)的是有合外力作用時(shí)的狀態(tài)，第一定律是針對(duì)沒(méi)有外力的狀態(tài)，第一定律不是第二定律的特例故D錯(cuò)誤故選AC三、 簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. （簡(jiǎn)答）如圖13所示,滑塊A套在光滑的堅(jiān)直桿上,滑塊A通過(guò)細(xì)繩繞過(guò)光滑滑輪連接物 塊B,B又與一輕質(zhì)彈贊連接在一起，輕質(zhì)彈簧另一端固定在地面上,開(kāi)始用手托住物塊 .使繩子剛好伸直處于水平位位置但無(wú)張力。現(xiàn)將A由靜止釋放.當(dāng)A下滑到C點(diǎn)時(shí)(C點(diǎn) 圖

11、中未標(biāo)出)A的速度剛好為零，此時(shí)B還沒(méi)有到達(dá)滑輪位置，已知彈簧的勁度系數(shù)k=100N/m ,滑輪質(zhì)量和大小及摩擦可忽略不計(jì)，滑輪與桿的水平距離L=0.3m,AC距離為 0.4m，mB=lkg,重力加速度g=10 m/s2。試求： (1)滑塊A的質(zhì)量mA(2)若滑塊A質(zhì)量增加一倍,其他條件不變，仍讓滑塊A從靜止滑到C點(diǎn),則滑塊A到達(dá)C點(diǎn)時(shí)A、B的速度大小分別是多少？ 參考答案：（1） （2） （3），功能關(guān)系解析：（1）開(kāi)始繩子無(wú)張力，對(duì)B分析有kx1=mBg， 解得：彈簧的壓縮量x1=0.1m（1分）當(dāng)物塊A滑到C點(diǎn)時(shí)，根據(jù)勾股定理繩伸出滑輪的長(zhǎng)度為0.5 m，則B上升了0.2m,所以彈簧又伸

12、長(zhǎng)了0.1m。（1分）由A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，又彈簧伸長(zhǎng)量與壓縮量相等則彈性勢(shì)能變化量為零所以mAgh1=mBgh2（2分）其中h1=0.4m，h2=0.2m所以mA=0.5kg（1分）（2）滑塊A質(zhì)量增加一倍，則mA=1kg，令滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)A、B的速度分別為v1和v2由A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒得（2分）又有幾何關(guān)系可得AB的速度關(guān)系有 vAcos=vB（1分）其中為繩與桿的夾角且cos=0.8解得：（1分）（1分）（1）首先由物體靜止條件求出彈簧壓縮的長(zhǎng)度，再根據(jù)幾何知識(shí)求出物體B上升的距離，從而可求出彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度，然后再根據(jù)能量守恒定律即可求解物體A的質(zhì)量；題（2）

13、的關(guān)鍵是根據(jù)速度合成與分解規(guī)律求出物體B與A的速度關(guān)系，然后再根據(jù)能量守恒定律列式求解即可15. 如圖甲所示，將一質(zhì)量m=3kg的小球豎直向上拋出，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，設(shè)阻力大小恒定不變，g=10m/s2，求（1）小球在上升過(guò)程中受到阻力的大小f（2）小球在4s末的速度v及此時(shí)離拋出點(diǎn)的高度h參考答案：（1）小球上升過(guò)程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時(shí)離拋出點(diǎn)h為8m考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像專(zhuān)題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專(zhuān)題分析：（1）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出小球上升的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出小球上升過(guò)程中受到

14、空氣的平均阻力（2）利用牛頓第二定律求出下落加速度，利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求的速度和位移解答：解：由圖可知，在02s內(nèi)，小球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為： 由牛頓第二定律，有：f+mg=ma1代入數(shù)據(jù)，解得：f=6N（2）2s4s內(nèi)，小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其所受阻力方向與重力方向相反，設(shè)加速度的大小為a2，有：mgf=ma2即 4s末小球的速度v=a2t=16m/s依據(jù)圖象可知，小球在 4s末離拋出點(diǎn)的高度： 答：（1）小球上升過(guò)程中阻力f為5N；（2）小球在4秒末的速度為16m/s以及此時(shí)離拋出點(diǎn)h為8m點(diǎn)評(píng)：本題主要考查了牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，注意加速度是中間橋梁四、計(jì)算題：本題共3小題，共

15、計(jì)47分16. （計(jì)算）如圖（甲）所示，在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中存在著一半徑為R的圓形區(qū)域，O點(diǎn)為該圓形區(qū)域的圓心，A點(diǎn)是圓形區(qū)域的最低點(diǎn)，B點(diǎn)是圓形區(qū)域最右側(cè)的點(diǎn)在A點(diǎn)有放射源釋放出初速度大小不同、方向均垂直于電場(chǎng)強(qiáng)度、方向向右的正電荷，電荷的質(zhì)量為m電量為q，不計(jì)電荷重力、電荷之間的作用力（1）某電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡和圓形區(qū)域的邊緣交于P點(diǎn)，如圖（甲）所示，POA=，求該電荷從A點(diǎn)出發(fā)時(shí)的速率；（2）若在圓形區(qū)域的邊緣有一接收屏CBD，如圖（乙）所示，C、D分別為接收屏上最邊緣的兩點(diǎn)，COB=BOD= 30o，求該屏上接收到的電荷的最大動(dòng)能和最小動(dòng)能參考答案：（1） （2）q

16、ER和qER知識(shí)點(diǎn): 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理的應(yīng)用解析 ：（1）電荷從A到P做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得 a=水平方向：Rsin=v0t豎直方向：R-Rcos=at2聯(lián)立解得，v0=（2）由（1）得知，粒子從A點(diǎn)出發(fā)時(shí)的動(dòng)能為設(shè)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為Ek，則有 qE（R-Rcos）=Ek-解得，Ek=qER(5-3cos)當(dāng)電荷打到C點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功最大，電荷獲得的動(dòng)能最大，最大動(dòng)能為EkC=qER(5-3cos120)= qER打在D點(diǎn)電場(chǎng)力最小，獲得的動(dòng)能最小，最小動(dòng)能為EkD=qER(5-3cos60)= qER17. 如圖所示,水平光滑地面上依次放置著質(zhì)量m =0.08 k

17、g的10塊完全相同的長(zhǎng)直木 板。質(zhì)量M = 1.0 kg、大小可忽略的小銅塊以初速度v0=6.O m/s從長(zhǎng)木板左端滑上木 板，當(dāng)銅塊滑離第一塊木板時(shí)，速度大小為v1 =4.0 m/S。銅塊最終停在第二塊木板上。 取g = 10 m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。求：第一塊木板的最終速度銅塊的最終速度參考答案：18. 如圖所示，某人駕駛摩托車(chē)做特技表演，以某一初速度沿曲面沖上高h(yuǎn)、頂部水平的高臺(tái)，到達(dá)平臺(tái)頂部以v0=的水平速度沖出，落至地面時(shí)，恰能無(wú)碰撞地沿圓弧切線從A點(diǎn)切入光滑豎直圓弧軌道，并沿軌道下滑A、B為圓弧兩端點(diǎn)，其連線水平。已知圓弧半徑為R=，人和車(chē)的總質(zhì)量為m，特技表演的全過(guò)程中不計(jì)一切阻