1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只

2、有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，在傾角30的光滑斜面上有兩個用輕質彈簧相連接的物塊A、B，它們的質量均為m，彈簧的勁度系數為k，C為一垂直斜面的固定擋板系統處于靜止狀態，現開始用一沿斜面方向的力F拉物塊A使之以加速度a向上做勻加速運動，物塊B剛要離開C時力F的大小恰為2mg。則( )A.物塊B剛要離開C時受到彈簧彈力為mgB.加速度agC.這個過程持續的時間為D.這個過程A位移為2、為了節省能量，某商場安裝了智能化的電動扶梯無人乘行時，扶梯運轉得很慢；有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速運轉一顧客乘扶梯上樓，恰好

3、經歷了這兩個過程，如圖所示那么下列說法中正確的是A.顧客始終受到三個力的作用B.顧客始終處于超重狀態C.顧客對扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下D.顧客對扶梯作用的方向先指向右下方，再豎直向下3、牛頓定律適用范圍是 （ ）A.宏觀物體、低速運動B.微觀物體、低速運動C.宏觀物體、高速運動D.微觀物體、高速運動4、如圖甲是一座石拱橋，圖乙是簡化圖，用四塊相同的堅固石塊壘成圓弧形的石拱其中第3、4塊固定在地基上，1、2塊間的接觸面是豎直的，每塊石塊的兩個側面間所夾的圓心角為假定每塊石塊的質量為m，兩石塊間的摩擦力忽略不計，重力加速度為g則第2、4石塊間的作用力大小為A.B.mgC.D.2mg

4、5、關于作用力和反作用力，以下說法正確的是（）A.作用力與它的反作用力總是一對平衡力B.作用力與反作用力一定是性質相同的力C.地球對物體的作用力比物體對地球的作用力大D.凡是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上的，并且分別作用在不同物體上的兩個力一定是一對作用力和反作用力6、下列圖象中，表示質點做勻速直線運動的是（）A.B.C.D.7、三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉動，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為。現有兩個小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列說法正確的

5、是（ ）A.物塊A先到達傳送帶底端B.物塊A、B同時到達傳送帶底端C物塊A、B到達傳送帶底端時速度大小相等D.物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比為1:38、甲、乙兩汽車在同一條平直公路上同向運動，其速度時間圖象分別如圖中甲、乙兩條曲線所示。已知兩車在t2時刻并排行駛。下列說法正確的是（）。A.兩車在t1時刻也并排行駛B.在t1時刻甲車在后，乙車在前C.甲車的加速度大小先增大后減小D.乙車的加速度大小先減小后增大9、甲、乙兩物體在同一直線上，同時由同一位置向同一方向作直線運動，其 vt 圖象如圖所示，下列說法正確的是（ ）A.開始階段乙運動在甲的前面，20s 后乙落在甲的后面B.40s末乙追上甲

6、C.20s末乙追上甲，且甲、乙運動速度相等D.乙在追甲的過程中，20s末兩物體相距最遠10、某物體做勻速圓周運動,下列描述其運動物理量中,恒定不變的是()A.角速度B.向心加速度C.線速度D.周期二、實驗題11、（4分）用圖甲中所示的電路測定一種特殊的電池的電動勢和內阻，它的電動勢E約為8V，內阻r約為30，已知該電池允許輸出的最大電流為40mA為防止調節滑動變阻器時造成短路，電路中用了一個定值電阻充當保護電阻，除待測電池外，可供使用的實驗器材還有:A.電流表A(量程0.05A，內阻約為0.2)B.電壓表V(量程6V，內阻20k)C.定值電阻R1(阻值100，額定功率1W)D.定值電阻R2(阻

7、值200，額定功率1W)E.滑動變阻器R3(阻值范圍010，額定電流2A)F.滑動變阻器R4(阻值范圍0750，額定電流1A)G.導線和單刀單擲開關若干個(1)為了電路安全及便于操作，定值電阻應該選_；滑動變阻器應該選_(均填寫器材名稱代號)(2)接入符合要求的實驗器材后，閉合開關S，調整滑動變阻器的阻值，讀取電壓表和電流表的示數取得多組數據，作出了如圖乙所示的圖線根據圖象得出該電池的電動勢E為_V，內阻r為_(結果均保留2位有效數字)12、（10分）如圖1所示，為“探究加速度與力、質量的關系”實驗裝置及數字化信息系統獲得了小車加速度a與鉤碼的質量及小車和砝碼的質量對應關系圖。鉤碼的質量為m1

8、，小車和砝碼的質量為m2，重力加速度為g。 (1)下列說法正確的是_；A每次在小車上加減砝碼時，應重新平衡摩擦力B實驗時若用打點計時器應先釋放小車后接通電源C本實驗m2應遠小于m1D在用圖象探究加速度與質量關系時，應作圖象(2)實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得，作出圖像，他可能作出圖2中_(選填“甲”、“乙”、“丙”)圖線，此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是_.A小車與軌道之間存在摩擦 B導軌保持了水平狀態C砝碼盤和砝碼總質量太大 D所用小車的質量太大(3)實驗時，某同學遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平，他測量得到的圖像，如圖3，設圖中直線的斜率為k，

9、在縱軸上的截距為b，則小車與木板間的動摩擦因數_，鉤碼的質量_。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）民航客機一般都有緊急出口，發生意外情況的飛機緊急著陸后，打開緊急出口，狹長的氣囊會自動充氣，形成一個連接出口與地面的斜面，人員可沿斜面滑行到地上，如圖甲所示，圖乙是其簡化模型.若緊急出口下沿距地面的高度h=3.0m，氣囊所構成的斜面長度L=5.0m.質量m=60kg的某旅客從斜面頂端由靜止開始滑到斜面底端.已知旅客與斜面間的動摩擦因數=0.5，不計空氣阻力及斜面的形變，旅客下滑過程中可視為質

10、點，取重力加速度g=10m/s2.求：（1）旅客沿斜面下滑時受到摩擦力的大小和方向；（2）旅客沿斜面下滑時的加速度大小；（3）旅客滑到斜面底端時的速度大小.14、（14分） “火龍線”是廣州一條比較成熟的徒步線路，2019年10月7日（重陽節）上午7：00，某徒步愛好者準時出發，路線以火爐山腳為起點，途徑廣汕二路、鳳凰山頂、采石場，重點到達龍眼洞森林公園，全程27km，用時9h。若徒步愛好者沿廣汕二路某一段的運動可視為勻速直線運動，其速度為4km/h。以下四幅圖可以反映此勻速直線運動的是（）A.B.C.D.15、（13分）一輛公共汽車以8m/s的速度進站后剎車做勻減速直線運動，加速度的大小為2

11、m/s2，取汽車前進方向為運動的正方向，求： （1）剎車后3s時的速度；（2）剎車后5s內的位移（提示：5s前汽車已經停止）參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】A物塊B剛要離開C時，B對C的彈力恰好為零，對B，由平衡條件得，此時彈簧的彈力故A錯誤；BB剛要離開C時，對A，由牛頓第二定律得解得ag故B正確；CD剛開始時，對A由平衡條件得B剛要離開C時，彈簧彈力整個過程A的位移xx1x2解得物塊A做初速度為零的勻加速直線運動解得運動

12、時間故CD錯誤。故選B。2、C【解析】以人為研究對象，加速過程中，人受到靜摩擦力、重力、支持力三個力的作用下沿電梯加速上升，勻速運動時，人受到重力和支持力作用，故A錯誤；在慢慢加速的過程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因而顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，處于超重狀態；由牛頓第三定律，它的反作用力即人對電梯的作用方向指向向左下，在勻速運動的過程中，顧客處于平衡狀態，只受重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下；故BD錯誤，C正確故選C考點：牛頓第二定律的應用3、A【解析】牛頓定律僅

13、適用于低速宏觀物體的運動這是牛頓定律的局限性答案選A.4、D【解析】對地2塊石塊進行受力分析，根據平衡條件列方程求解第2、4石塊間的作用力大小.【詳解】對第2個石塊進行受力分析，如圖所示：由幾何關系知：，故D正確，A、B、C錯誤；故選D.【點睛】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答.5、B【解析】作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，它們同時產生、同時消失、同時變化，是同種性質的力【詳解】作用力與它的反作用力作用在兩個物體上，無法平

14、衡，故A錯誤；作用力與它的反作用力一定是性質相同的力，故B正確；地球對物體的作用力與物體對地球的作用力大小相等，方向相反，故C錯誤；凡是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上的，并且分別作用在不同物體上的兩個力不一定是一對作用力和反作用力，大小相等，方向相反的兩個力還可能是平衡力，故D錯誤所以B正確，ACD錯誤【點睛】解決本題的關鍵知道作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，它們同時產生、同時消失、同時變化，是同種性質的力6、BC【解析】A、此圖說明物體的位置不隨時間而變化，表示物體處于靜止狀態，故A錯誤；B、位移-時間圖象的斜率表示速度，直線的斜率不變，說明物體的速度不變，做

15、勻速直線運動，故B正確；C、此圖線是直線，其斜率不變，說明物體的速度不變，做勻速直線運動，故C正確；D、由于位移-時間圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向，則該物體先沿正方向做勻速直線運動，后沿負方向做勻速直線運動，速度發生了改變，做的不是勻速直線運動，故D錯誤7、BCD【解析】AB對A，因為則A物體所受的滑動摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，B所受的滑動摩擦力沿斜面向上，向下做勻加速直線運動，兩物體勻加速直線運動的加速度大小均為則加速度大小相等，初速度和位移大小均相等，則運動的時間相等，它們同時到達傳送帶底端，A錯誤，B正確；C由v=v0+at知物塊A、B到達傳送帶底端

16、時速度大小相等，C正確；D對A，劃痕的長度等于A的位移減為傳送帶的位移，以A為研究對象，由運動學公式得則運動時間為所以皮帶運動的位移為所以A對皮帶的劃痕為對B，劃痕的長度等于B的位移加上傳送帶的位移，同理得出B對皮帶的劃痕為所以劃痕之比為1：3，D正確。故選BCD。8、BD【解析】AB0t1時間內t1t2時間內t2時刻兩車相遇，但0t1時間內兩者的位移差小于t1t2時間內兩者的位移差，則t1時刻甲在乙的后面，A錯誤B正確；CD由圖象的斜率知，甲、乙兩車的加速度均先減小后增大，C錯誤D正確。故選BD。9、BD【解析】ABC由圖知，開始階段甲的速度大于乙的速度，20s后乙的速度大于甲的速度，而甲、

17、乙兩物體同時由同一地運動，在40s末甲乙兩物體面積（位移）相同，此時相遇，所以在0-40s內甲一直在乙的前面故AC錯誤, B正確D前20s內甲物體速度大、乙的速度小，所以兩物體間的距離逐漸增大，20s-40s內，物體乙速度大，兩物體間距減小，故20s兩物體相距最遠，故D正確；故選BD考點：v-t圖像；追擊及相遇問題10、AD【解析】考查勻速圓周運動的物理量。【詳解】A勻速圓周運動角速度不變，A正確；B勻速圓周運動向心加速度方向指向圓心，時刻在變，B錯誤；C勻速圓周運動線速度沿切線方向，與半徑垂直，方向時刻在變，C錯誤；D勻速圓周運動周期不變，D正確。故選AD。二、實驗題11、 .R2 .R4

18、.7.8 .29【解析】（1）應用歐姆定律求出電路最小電阻，然后選擇保護電阻；根據電源內阻與保護電阻的阻值，選擇滑動變阻器（2）電源的U-I圖象與縱軸交點的坐標值是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻【詳解】（1）1為保護電源安全，電路最小電阻，保護電阻阻值至少為，則保護電阻應選定值電阻；2電源等效電阻（電源內阻與保護電阻之和）為200，為進行多次實驗，測出多組實驗數據，滑動變阻器應選滑動變阻器（2）3由電源U-I圖象可知，圖象與縱軸的交點坐標值是7.8，則電源電動勢E=7.8V，4圖象斜率，電源內阻12、 .D .丙 .C . .【解析】(1)根據重力沿斜面向下的分力等于物體受到的摩擦力這一原理來平衡摩擦力，即滿足即與質量無關，所以增減砝碼后不需要重新平衡摩擦力，A錯誤；B由于實驗過程非常短暫，為了得到更多的數據，應先接通電源后釋放紙帶，B錯誤；C為了保證鉤碼的重力等于細繩的拉力，鉤碼的質量應遠小于小車和砝碼的質量m2，C錯誤；D在用圖象探究加速度與質量