1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于力學知識和物理學史，下列說法正確的是（）A.牛、千克、秒是國際單位制中三個基本單位B.亞里士多德認為兩個鐵球從同一高度落下，同時著地C.伽利略通

2、過理想斜面實驗推翻了亞里士多德的觀點，表明力不是維持物體運動狀態的原因D.牛頓第一定律可以用實驗直接驗證2、如圖所示，質量分別為M和m的物體A、B用不可伸長的輕質細線連接，懸掛在定滑輪上，定滑輪固定在天花板上，已知Mm，滑輪質量及摩擦均不計A、B由靜止釋放后，在空中自由運動的過程中，下列說法正確的是A.細線的拉力大于mgB.細線的拉力等于mgC.天花板對定滑輪的拉力等于(Mm)gD.細線的拉力等于3、雨滴從高空無初速落下，若雨滴下落過程中所受空氣阻力隨其下落速度的增大而增大，則在圖所示的v-t圖中可能正確反映雨滴下落速度隨時間變化情況的是（）A.B.C.D.4、2019年10月1日國慶大閱兵中

3、，國產大飛機掠過天安門上空飛機能夠飛起來的條件是空氣對飛機的升力大于飛機的重力，人們猜想，空氣對飛機的升力F與飛機的翼展面積S、飛行速度v有關，關系式為F=Sv2，則其中系數的單位是A.kg/m3B.kgm3C.kg/m2D.kgm25、小球在離地面不同高度處同時從靜止釋放，不計空氣阻力，從開始運動的時刻起每隔相等的時間間隔，小球將依次碰到地面，則如下所示各圖中，能大致正確反映出剛開始運動時各小球相對地面的高度的是（）A.B.C.D.6、初速為10m/s的汽車遇緊急情況以大小為2m/s2的加速度制動，下列說法中正確的是（）A.汽車在制動過程中任意相等時間內速度變化量均為2m/sB.汽車在制動后

4、第1s內的位移與第4s內的位移之比為7：1C.汽車在制動后6s內的位移為24mD.汽車在制動后的倒數第3m、倒數第2m、最后1m內的運動，平均速度之比是（）：（）：17、甲、乙兩個物體在同一直線上運動，其xt圖象如圖所示，其中直線b與曲線a相切于點(4，15)已知甲做勻變速直線運動，下列說法正確的是A.前4 s內兩物體運動方向相同B.前4 s內乙的位移大小為44mC.t0時刻，甲的速度大小為9 m/sD.在t=4s時，甲的速度大小為2m/s8、A、B 兩質點在同一條直線上運動的位移 s 隨時間 t 變化關系如圖所示，由圖可知A.t1時刻，兩質點相遇B.t1 時刻，兩質點的速度相等C.從 0 到

5、 t1 時刻，A 比 B 運動慢D.t1時刻前 B 在 A 前方，t1 時刻后 A 在 B 前方9、把一個已知力F分解，要求其中一個分力F1跟F成30，而大小未知；另一個分力F2F，但方向未知，則F1的大小可能是()A.B.FC.FD.F10、如圖所示，傳送帶與水平面夾角為，在電動機的帶動下，以v順時針勻速運轉現將某工件以平行于傳送帶向上的速度送達A點，已知傳送帶足夠長，與工件間的動摩擦因數為，則工件向上運動的過程中（）A.若，工件先減速后勻速B若，工件先減速后以另一加速度再減速C.若，工件先加速后勻速D.若，工件一直減速11、一質點做勻加速直線運動，第3s內的位移是2m，第4s內的位移是2.

6、5m，那么以下說法正確的是()A.第2s內的位移是2.5mB.第3s末的瞬時速度是2.25m/sC.質點的加速度是0.125m/s2D.質點的加速度是0.5m/s212、滑滑梯是小孩子很喜歡的娛樂活動。如圖所示，一個小孩正在滑梯上勻速下滑，則（）A.小孩所受的重力與小孩所受的彈力大小相等B.小孩所受的重力與小孩所受的摩擦力大小相等C.小孩所受的彈力和摩擦力的合力與小孩所受的重力大小相等D.小孩所受重力和彈力的合力與小孩所受的摩擦力大小相等二填空題(每小題6分，共18分)13、圖1為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50Hz的交流電源，打點的時間間隔用t表示。在小車質量未知

7、的情況下，某同學設計了一種方法用來研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”。（1）完成下列實驗步驟中的填空：平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列_的點；按住小車，在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼；打開打點計時器電源，釋放小車，獲得帶有點跡的紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質量m；按住小車，改變小車中砝碼的質量，重復步驟；在每條紙帶上清晰的部分，每5個間隔標注一個計數點，測量相鄰計數點的間距s1，s2，求出與不同m相對應的加速度a；以砝碼質量m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上做出m關系圖線，若加速度與小車和砝碼

8、的總質量成反比，則與m處應成_關系（填“線性”或“非線性”）。（2）完成下列填空：（）本實驗中，為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿足的條件是_；（）設紙帶上三個相鄰計數點的間距為s1、s2、s3，a可用s1、s3和t表示為a=_；圖2為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=_mm，s3=_mm，由此求得加速度的大小a=_m/s2。（）圖3為所得實驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為_，小車的質量為_14、在“探究彈簧彈力與伸長量的關系”實驗中，實驗裝置如圖甲所示，將彈

9、簧的左端固定在桌面的“0”刻度處，彈簧的右端帶有指針，所用的每個鉤碼的重力相當于對彈簧提供了向右恒定的拉力，實驗時先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在繩子的下端，每次測量相應的彈簧的總長度：(1)某同學通過以上實驗測量后把6組實驗數據描點在坐標系圖乙中，請作出FL圖線；（ ）(2)由此圖線可得出彈簧的原長L0_cm，勁度系數k_N/m；(3)該實驗把彈簧水平放置與彈簧豎直懸掛放置相比較，優點在于：_。15、某同學用如圖1所示裝置“探究小車的加速度與力、質量的關系”實驗中，他把砝碼盤及盤中的砝碼的總重力當作小車受到的合力（1）為了減小實驗誤差，砝碼盤及砝碼的總質量應_小車的質量.

10、（填“”或 “”或“”） （2）實驗中，必須的措施是_.A打點計時器應接在直流電源上B桌面上放置附有滑輪的長木板必須保持水平C在平衡摩擦力時，讓砝碼盤及盤中的砝碼通過細繩拉著小車勻速運動即可D實驗時應先接通打點計時器的電源再釋放小車（3）打點計時器所用交流電源頻率為，一次實驗中打出的紙帶如圖2所示(圖中相鄰兩點間還有4個點未畫出).則小車運動的加速度_（結果保留兩位有效數字）（4）在保持小車及車中的砝碼質量一定時，探究加速度與所受合外力的關系時，在作圖過程正確的情況下，得到的關系如圖3所示，圖線未通過坐標原點的原因是：_.三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，一個質量m=1kg的物塊，在

11、F=10N的拉力作用下，從靜止開始沿水平面做勻加速直線運動，拉力方向與水平方向成=。假設物塊與水平面之間的滑動摩擦因數=0.5，取重力加速度g=10m/s2。sin=0.6，cos=0.8。求:（1）做出物塊的受力分析圖；（2）求物塊運動的加速度大小；（3）求從靜止開始物塊移動2s后撤去F，物體還能運動多長時間？17、（10分）“跳樓機”是游樂園和主題樂園常見的大型機動游戲設備，以驚險刺激深受年輕人的歡迎。游戲初始時，游客環坐設備塔身四周的轎廂中，幾秒鐘內便可被抬升至67.5m的高處，然后自由下落，落至一定高度時再通過恒定制動力，讓轎廂落回初始位置。若轎廂和游客的總質量為400kg，自由下落的

12、運動時間為3s，不計空氣阻力，g取10m/s2。求：(1)轎廂向下運動過程中的最大速度；(2)轎廂受到的恒定制動力。參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】A牛是國際單位制中的導出單位，故A項錯誤；B亞里士多德認為兩個鐵球從同一高度落下，重的先落地。故B項錯誤；C伽利略通過理想斜面實驗推翻了亞里士多德的觀點，表明力不是維持物體運動狀態的原因。故C項正確；D牛頓第一定律不可以用實驗直接驗證，牛頓第一運動定律是在實驗事實的基礎上經科學

13、推理而得出的。故D項錯誤。故選C。2、A【解析】對整體分析，根據牛頓第二定律求出整體的加速度，再隔離分析，通過牛頓第二定律求出繩子的拉力大小對滑輪分析，根據共點力平衡求出天花板對定滑輪的拉力大小【詳解】因為m的加速度方向向上，根據牛頓第二定律有T-mg=ma，則細線的拉力一定大于mg故A正確，B錯誤對整體分析，根據牛頓第二定律得，隔離對m分析，T-mg=ma，解得T=mg+ma=故D錯誤對定滑輪分析，有T2T故C錯誤故選A【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用牛頓第二定律進行求解，知道M和m的加速度大小相等，掌握整體法和隔離法的運用3、C【解析】雨滴在下落過程中，受向下的重力和向上的阻

14、力，由題意可知，阻力隨下落速度的增大而增大，所以雨滴的加速度逐漸的減小。運動的v-t圖象中，斜率表示加速度，所以圖象是曲線，切線斜率逐漸減小，所以C正確，ABD錯誤。故選C。4、A【解析】將各組數據分別代入，分析方程左右兩邊單位是否相同即可。【詳解】力的單位是，面積的單位是，速度的單位是，根據：得：對應的單位：故選A?！军c睛】要掌握各個物理量單位，采用代入法研究這類問題。5、C【解析】每隔相等的時間間隔小球依次碰到地面，可以知道第一個球經過T時間落地，第二球落地的時間為2T，依次3T、4T；逆過來看，相當于一個小球每經過相等時間所到達的位置。可以知道相等時間間隔內的位移越來越大，所以從下而上，

15、相鄰兩個小球之間的豎直位移越來越大。故選C。6、D【解析】A汽車制動速度減為零的時間在5s前任意相等時間內速度變化量均為2m/s，故A錯誤B采用逆向思維，汽車做初速度為零的勻加速直線運動，相等時間內的位移之比為1：3：5：7：9，則汽車制動后第1s內的位移和第4s內的位移之比為x1：x4=9：3=3：1，故B錯誤C汽車制動后6s內的位移等于5s內的位移，即故C錯誤D采用逆向思維，汽車做初速度為零的勻加速直線運動，根據相等位移所用時間之比為1：(1)：()，根據平均速度的定義式知，平均速度之比為故D正確故選D點睛：此題是汽車剎車問題，采用逆向思維考慮，解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式

16、和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷7、AD【解析】x-t圖象的切線斜率表示速度，斜率的正負表示速度方向【詳解】A項：x-t圖象的斜率的正負表示運動的方向，故前4s內兩物體運動方向相同，均為負方向，故A正確；B項：由圖可知，圖線b為乙的位移-時間圖象，所以前4 s內乙的位移大小為(15-7)m=8m，故B錯誤；C項：t=0時刻，甲的位移為9m，而t=1s時刻，甲的位移為0m，即可求解平均速度，但t=1s瞬時速度無法求解，且加速度也不能求得，因此不能確定t=0時刻，甲的速度大小，故C錯誤；D項：x-t圖象的切線斜率表示速度，即在t=4s時，甲的速度大小為，故D正確故選AD【點睛

17、】位移圖象和速度圖象都表示物體做直線運動，抓住位移圖象的斜率等于速度是分析的關鍵，知道，平均速度等于位移除以時間8、AD【解析】位移-時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向，兩物體運動位移時間圖像的交點代表它們相遇【詳解】A、由圖像可知，t1時刻兩質點處于相同的位置，故質點相遇，A正確；BC、圖像的斜率代表速度，A的速度大于B的速度，BC錯誤；D、由圖像可知，t1時刻前 B 在 A 前方，t1 時刻后 A 在 B 前方，D正確故選AD【點睛】本題的關鍵要理解位移-時間圖象上點和斜率的物理意義；特別是斜率代表速度

18、，斜率的正負表示速度的方向9、BC【解析】根據“已知力F分解、求F1的大小”可知，本題考查力的分解討論，根據力的平行四邊形定則，運用幾何三角形的邊角關系列式分析.【詳解】由題意可知，F2的大小為，大于，因此有兩種分解結果；根據平行四邊形定則得，如圖所示：又因一個分力F1跟F成30角，且F2的大小為，由幾何關系得或；故B、C正確，A、D錯誤.故選BC.【點睛】解決本題的關鍵知道合力一定，分力的方向已知，因為F2大于該分力的最小值，所以有兩解，注意巧用幾何知識中直角三角形中線與各邊的關系.10、BD【解析】AB若，工件相對于皮帶向上運動，所受滑動摩擦力向下，則方向向下，工件先做勻減速直線運動；由于

19、皮帶足夠長，則工件能減至與皮帶速度相等，此時因則則工件繼續向上減速方向向下，故選項B正確，A錯誤；CD若，工件相對于皮帶向下運動，所受滑動摩擦力向上方向向下，工件做勻減速直線運動；工件的速度始終小于皮帶的速度，故將一直減速，選項D正確，C錯誤。故選BD。【名師點睛】傳送帶問題的三個關鍵判斷：速度不等時找相對運動確定摩擦力風向（同向比大小，反向看方向）；物體能否與皮帶共速（比較物體的變速位移與皮帶長度）；共速后的外力產生的相對運動趨勢能否被最大靜摩擦力阻止。11、BD【解析】A勻變速直線運動在連續相等時間內的位移之差是一恒量，則有：代入數據解得故A錯誤；B某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速

20、度，則第末的速度故B正確。CD根據得加速度為：，故D正確，C錯誤。故選BD。12、CD【解析】AB對小孩進行受力分析，可知小孩受到重力，彈力和摩擦力作用，設重力為，斜面傾角為，則彈力，滑動擦力，通過比較說明重力與彈力，重力與摩擦力大小不相等，故AB錯誤；CD小孩勻速下滑，合力為零，受三個力作用，根據平衡關系可知任兩個力的合力與第三個力等大反向，因此彈力和摩擦力的合力與重力大小相等，重力和彈力的合力與摩擦力大小相等，故CD正確。故選CD。分卷II二填空題(每小題6分，共18分)13、 .均勻 .線性 .遠小于小車和小車中砝碼的質量之和 . .24.1 .47.3 .1.16 . .【解析】（1）

21、1平衡摩擦力的標準為小車可以勻速運動，打點計時器打出的紙帶點跡間隔均勻；2根據牛頓第二定律解得故與m成線性關系；（2）（i）3 設小車的質量為M，小吊盤和盤中物塊的質量為m，設繩子上拉力為F，以整體為研究對象，根據牛頓第二定律有解得以M為研究對象，根據牛頓第二定律有當時有，即只有時才可以認為繩對小車的拉力大小等于小吊盤和盤中物塊的重力，所以為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應該遠小于小車和砝碼的總質量。（）4設紙帶上三個相鄰計數點的間距為s1、s2、s3，由勻變速直線運動的推論得即解得56圖2為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=24.1mm，s3=47.3mm；7 由此求得加速度的大?。ǎ?9設小車質量為M，小車受到外力為F，由牛頓第二定律有解得所以圖象的斜率為解得縱軸截距為解得14、 . .5 .20 .可以避免彈簧自身重力對實驗的影響【解析】(1)1根據坐標點畫出直線，個別偏差比較遠的點舍棄，如圖所示(2)2彈簧處于原長時，彈力為零，故彈簧的原長L0=5cm；3圖象的函數表達式為故斜率表示勁度系數(3)4把彈簧水平放置與彈簧懸掛放置相比較，水平放置的優點在于：避免彈簧自身所受重力對實驗的影響。15、 .（1） .（2） D .（3）0.20 .（4