1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A經過狀態B、C又回到狀態A。下列說法正確的是（）AAB過程中氣體分子的平均動能增加，單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數增加BCA過程中單位體積內分子數增加，單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數減少CAB過程中氣體吸收的熱量大于BC過程中氣體放出的熱量DAB過程中氣體對外做的功小于CA過程中外界對氣體做的功2、2019年2月15日，一群中國學生拍攝的地月同框照，被外媒評價為迄今為止最好的地月合影之一。如圖所示，把地球和月球看做繞同一圓心做勻速

3、圓周運動的雙星系統，質量分別為M、m，相距為L，周期為T，若有間距也為L的雙星P、Q，P、Q的質量分別為2M、2m，則（）A地、月運動的軌道半徑之比為B地、月運動的加速度之比為CP運動的速率與地球的相等DP、Q運動的周期均為3、如圖所示，兩條水平放置的間距為L，阻值可忽略的平行金屬導軌CD、EF，在水平導軌的右端接有一電阻R，導軌的左側存在磁感應強度方向垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場區域的長度為d 。左端與一彎曲的光滑軌道平滑連接。將一阻值也為R的導體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導體棒最終恰好停在磁場的右邊界處。已知導體棒與水平導軌接觸良好，且動摩擦因數為，則下列說法

4、中正確的是（ ）A電阻R的最大電流為B整個電路中產生的焦耳熱為mghC流過電阻R的電荷量為D電阻R中產生的焦耳熱為mgh4、2018年12月8日，在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭將嫦娥四號發射；2019年1月3日，嫦娥四號成功登陸月球背面，人類首次實現了月球背面軟著陸。如圖，嫦娥四號在繞月球橢圓軌道上無動力飛向月球，到達近月軌道上P點時的速度為v0，經過短暫“太空剎車”，進入近月軌道繞月球運動。已知月球半徑為R，嫦娥四號的質量為m，在近月軌道上運行周期為T，引力常量為G，不計嫦娥四號的質量變化，下列說法正確的是（）A嫦娥四號在橢圓軌道上運行時的機械能與在近月軌道上運行時的機械能相等B月球

5、的平均密度=C嫦娥四號著陸后在月面上受到的重力大小為D“太空剎車”過程中火箭發動機對嫦娥四號做的功為5、戰斗機離艦執行任務，若戰斗機離開甲板時的水平分速度大小為40m/s，豎直分速度大小為20m/s，離艦后它在水平方向做加速度大小為1m/s2的勻加速運動，在豎直方向做加速度大小為2m/s2的勻加速運動，以戰斗機離開甲板時的位置為坐標原點，水平方向為x軸，豎直方向為y軸建立直角坐標系，則在它離艦后的一段時間內，下列軌跡正確的是（）ABCD6、氫原子的能級示意圖如圖所示，鋅的逸出功是，那么對氫原子在能級躍遷過程中發射或吸收光子的特征，下列說法正確的是（）A大量氫原子從高能級向能級躍遷時發出的光可以

6、使鋅發生光電效應B大量氫原子從能級向低能級躍遷時，最多發出兩種不同頻率的光C大量氫原子從能級向低能級躍遷時，用其發出的光照射鋅板，有兩種光能使鋅板發生光電效應D若入射光子的能量為，不能使能級的氫原子電離二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，傾角為30的粗糙絕緣斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和頂端B分別固定等量的同種負電荷。質量為m、帶電荷量為的物塊從斜面上的P點由靜止釋放，物塊向下運動的過程中經過斜面中點O時速度達到最大值，運動的最低點為Q（圖中沒有標出），則

7、下列說法正確的是（ ）AP，Q兩點場強相同BCP到Q的過程中，物體先做加速度減小的加速，再做加速度增加的減速運動D物塊和斜面間的動摩擦因數8、如圖為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.0m處的質點，Q是平衡位置在x=4.0m處的質點，圖乙為質點Q的振動圖象，則下列說法正確的是_ A這列波的波長是8m，周期是0.2s，振幅是10cmB在t=0時，質點Q向y軸負方向運動C從t=0.1到t=0.25s，該波沿x軸正方向傳播了6mD從t=0.1到t=0.25s，質點P通過的路程為30cmE.質點Q簡諧運動的表達式為y=0.10sin10t（國際單位）9、如圖所示，光滑平行金屬導軌與

8、水平面間的夾角為，導軌電阻不計，下端與阻值為R的電阻相連。勻強磁場垂直導軌平面向上，磁感應強度大小為B。 一質量為m、長為L、電阻為r的導體棒垂直導軌放置，從ab位置以初速度v沿導軌向上運動，剛好能滑行到與ab相距為s的ab位置，然后再返回到ab。該運動過程中導體棒始終與導軌保持良好接觸，不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A向上滑行過程中導體棒做勻減速直線運動B上滑過程中電阻R產生的熱量為C向下滑行過程中通過電阻R的電荷量為D電阻R在導體榛向上滑行過程中產生的熱量小于向下滑行過程中產生的熱量10、兩列簡諧橫波的振幅都是20cm，傳播速度大小相同實線波的頻率為2Hz，沿x軸正方向

9、傳播；虛線波沿x軸負方向傳播某時刻兩列波在如圖所示區域相遇，則A在相遇區域會發生干涉現象B實線波和虛線波的頻率之比為3：2C平衡位置為x=6m處的質點此刻速度為零D平衡位置為x=8.5m處的質點此刻位移y20cmE.從圖示時刻起再經過0.25s，平衡位置為x=5m處的質點的位移y0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學查資料得知：彈簧的彈性勢能與彈簧的勁度系數和形變量有關，并且與形變量的平方成正比。為了驗證彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比這一結論，他設計了如下實驗：如圖所示，一根帶有標準刻度且內壁光滑的直玻璃管固定在水平桌面

10、上，管口與桌面邊沿平齊。將一輕質彈簧插入玻璃管并固定左端。將直徑略小于玻璃管內徑的小鋼球放入玻璃管，輕推小球，使彈簧壓縮到某一位置后，記錄彈簧的壓縮量x突然撤去外力，小球沿水平方向彈出落在地面上，記錄小球的落地位置保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小球的平均落點，測得小鋼球的水平射程s多次改變彈簧的壓縮量x，分別記作x1、x2、x3，重復以上步驟，測得小鋼球的多組水平射程s1、s2、s3請你回答下列問題(1)在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小球的平均落點”的目的是為了減小_（填“系統誤差”或“偶然誤差”）；(2)若測得小鋼球的質量m、下落高度h、水平射

11、程s，則小球彈射出去時動能表達式為 _（重力加速度為g）(3)根據機械能守恒定律，該同學要做有關彈簧形變量x與小鋼球水平射程s的圖像，若想直觀的檢驗出結論的正確性，應作的圖像為_Asx Bsx2 Cs2x Ds12（12分）某物理興趣小組在學習了電流的磁效應后，得知通電長直導線周圍某點磁場的磁感應強度B的大小與長直導線中的電流大小I成正比，與該點離長直導線的距離r成反比。該小組欲利用如圖甲所示的 實驗裝置驗證此結論是否正確，所用的器材有：長直導線、學生電源、直流電流表（量程為03A）、滑動變 阻器、小磁針（置于刻有360刻度的盤面上）、開關及導線若干：實驗步驟如下：a.將小磁針放置在水平桌面上

12、，等小磁針靜止后，在小磁針上方沿小磁針靜止時的指向水平放置長直 導線，如圖甲所示；b.該小組測出多組小磁針與通電長直導線間的豎直距離 r、長直導線中電流的大小I及小磁針的偏轉 角度；c.根據測量結果進行分析，得出結論。 回答下列問題：（1）某次測量時，電路中電流表的示數如圖乙所示，則該電流表的讀數為_A；（2）在某次測量中，該小組發現長直導線通電后小磁針偏離南北方向的角度為30（如圖丙所示），已知實驗所在處的地磁場水平分量大小為B0=3105T，則此時長直導線中的電流在小磁針處產生的磁感應強度B的大小為_T（結果保留兩位小數）；（3）該小組通過對所測數據的分析，作出了小磁針偏轉角度的正切值ta

13、n與之間的圖像如圖丁所示，據此得出了通電長直導線周圍磁場的磁感應強度B與通電電流I成正比，與離長直導線的距離r成反比的結論， 其依據是_；（4）通過查找資料，該小組得知通電長直導線周圍某點的磁感應強度B與電流I及距離r之間的數學關系為，其中為介質的磁導率。根據題給數據和測量結果，可計算出=_ 。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t1=0時的波形如圖所示，此時，波傳播到x2=2m處的質點B，而平衡位置為x=0.5m處的質點A正好位于波谷位置，再經0.2s，質點A恰好第一次到達波峰

14、。求：(1)該波的波速；(2)在t2=0.9s時，平衡位置為x= 5m處的質點C的位移。14（16分）如圖所示，光滑水平地面上方ABCD區域存在互相垂直的勻強磁場和勻強電場，電場強度E=1106N/C，方向豎直向上，AD距離為1m，CD高度為1m，一厚度不計的絕緣長木板其右端距B點1m，木板質量M=1kg，在木板右端放有一帶電量q=+ 110-6C的小鐵塊（可視為質點），其質量m=0.1kg，小鐵塊與木板間動摩擦因數=0.4，現對長木板施加一水平向右的恒力F1=11.4N，作用1s后撤去恒力，g取10m/s1(1)求前1s小鐵塊的加速度大小am，長木板加速度大小aM；(1)要使小鐵塊最終回到長

15、木板上且不與長木板發生碰撞，求磁感強度B的最小值；(3)在t=1s時再給長木板施加一個水平向左的力F1，滿足（1）條件下，要使小鐵塊回到長木板時恰能相對長木板靜止，求木板的最小長度（計算過程取3.14）15（12分）如圖所示，在上端開口的絕熱汽缸內有兩個質量均為的絕熱活塞（厚度不計）、，、之間為真空并壓縮一勁度系數的輕質彈簧，、與汽缸無摩擦，活塞下方封閉有溫度為的理想氣體。穩定時，活塞、將汽缸等分成三等分。已知活塞的橫截面積均為，大氣壓強，重力加速度取。(1)現通過加熱絲對下部分氣體進行緩慢加熱，當活塞剛好上升到氣缸的頂部時，求封閉氣體的溫度；(2)在保持第(1)問的溫度不變的條件下，在活塞上

16、施加一豎直向下的力，穩定后活塞回到加熱前的位置，求穩定后力的大小和活塞、間的距離。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A AB過程中，溫度升高，氣體分子的平均動能增加，過原點直線表示等壓變化，故單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數減小，故A錯誤；B CA過程中體積減小，單位體積內分子數增加，溫度不變，故單位時間內撞擊單位面積器壁的分子數增加，故B錯誤；C 氣體從AB過程中，溫度升高且體積增大，故氣體吸收熱量且對外做功，設吸熱大小為Q1，做功大小為W1，根據熱力學第一定律有：U1=Q1-W1，氣體從BC過程中

17、，溫度降低且體積不變，故氣體不做功且對外放熱，設放熱大小為Q2，根據熱力學第一定律：U2=-Q2，氣體從CA過程中，溫度不變，內能增量為零，有：U=U1+U2=Q1-W1-Q2=0即Q1=W1+Q2Q2所以AB過程中氣體吸收的熱量Q1大于BC過程中氣體放出的熱量Q2，故C正確；D 氣體做功 ，AB過程中體積變化等于CA過程中體積變化，但圖像與原點連接的斜率越大，壓強越小，故AB過程中氣體對外做的功大于CA過程中外界對氣體做的功，故D錯誤。故選C。2、D【解析】雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的角速度和周期，對兩顆星分別運用牛頓第二定律和萬有引力定律列式，進行求解即可。【詳解】A對于地

18、、月系統，兩者具有相同的角速度和周期，萬有引力提供向心力則地、月系統，兩者運動的軌道半徑之比為故A錯誤；B對于地、月系統，根據牛頓第二定律，得故B錯誤；D同理，P、Q系統，萬有引力提供向心力P、Q系統的軌道半徑運行周期同理，對于地、月系統，運行周期聯立解得故D正確；C根據得：地球的運動速率同理可得P運動速率聯立解得故C錯誤。故選D。3、C【解析】金屬棒在彎曲軌道下滑時，只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律或動能定理可以求出金屬棒到達水平面時的速度，由E=BLv求出感應電動勢，然后求出感應電流；由可以求出流過電阻R的電荷量；克服安培力做功轉化為焦耳熱，由動能定理（或能量守恒定律）可以求出克

19、服安培力做功，得到電路中產生的焦耳熱【詳解】金屬棒下滑過程中，由機械能守恒定律得：mgh=mv2，金屬棒到達水平面時的速度 v=，金屬棒到達水平面后進入磁場受到向左的安培力做減速運動，則導體棒剛到達水平面時的速度最大，所以最大感應電動勢為 E=BLv，最大的感應電流為，故A錯誤；金屬棒在整個運動過程中，由動能定理得：mgh-WB-mgd=0-0，則克服安培力做功：WB=mgh-mgd，所以整個電路中產生的焦耳熱為 Q=WB=mgh-mgd，故B錯誤；克服安培力做功轉化為焦耳熱，電阻與導體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產生的焦耳熱：QR=Q=（mgh-mgd），故D錯誤。流過電阻R的電

20、荷量，故C正確；故選C。【點睛】題關鍵要熟練推導出感應電荷量的表達式，這是一個經驗公式，經常用到，要在理解的基礎上記住，涉及到能量時優先考慮動能定理或能量守恒定律4、B【解析】A嫦娥四號在橢圓軌道上P點時要剎車，機械能減小，則嫦娥四號在橢圓軌道上運行時的機械能比在近月軌道上運行時的機械能大，選項A錯誤；B由于 解得選項B正確；C嫦娥四號著陸后在月面上受到的重力大小為選項C錯誤；D根據動能定理，“太空剎車”過程中火箭發動機對嫦娥四號做的功為選項D錯誤。故選B。5、D【解析】AB戰斗機在水平方向和豎直方向分別做勻加速直線運動，且豎直方向的加速度大于水平方向的加速度，其軌跡應該向上彎曲，故AB錯誤；

21、CD根據勻變速直線運動位移公式，豎直方向即當y=200m時解得水平方向結合CD圖象，D圖象更加符合軌跡圖象，故D正確。故選D。6、C【解析】A氫原子從高能級向n=3能級躍遷時發出的光，其光子的能量值最大為1.51eV，小于3.34eV ，不能使鋅發生光電效應，故A錯誤。B一群處于n=3能級的氫原子向基態躍遷時，輻射光子種類數目為3種，故B錯誤。C一群處于n=3能級的氫原子向基態躍遷時，輻射光子種類數目為3種，其中有2種大于3.34ev能使鋅板發生光電效應，故C正確。D當氫原子吸收的光子能量剛好等于能級差時，氫原子會躍遷到對應的高能級上去。若入射光子的能量為1.6eV，能使n=3能級的氫原子電離

22、，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】ABD物塊在斜面上運動到O點時的速度最大，加速度為零，又電場強度為零，所以有所以物塊和斜面間的動摩擦因數，由于運動過程中所以物塊從P點運動到Q點的過程中受到的合外力為電場力，因此最低點Q與釋放點P關于O點對稱，則有根據等量的異種點電荷產生的電場特征可知，P、Q兩點的場強大小相等，方向相反，故AB錯誤，D正確；C根據點電荷的電場特點和電場的疊加原理可知，沿斜面從P到Q電場強度先減小后增大，中點O的電場強

23、度為零。設物塊下滑過程中的加速度為a，根據牛頓第二定律有，物塊下滑的過程中電場力qE先方向沿斜面向下逐漸減少后沿斜面向上逐漸增加，所以物塊的加速度大小先減小后增大，所以P到O電荷先做加速度減小的加速運動，O到Q電荷做加速度增加的減速運動，故C正確。故選CD。8、ACE【解析】由波形圖和振動圖像讀出波長、周期和振幅；根據振動圖像可求解波的轉播方向和傳播的距離；質點在一個完整周期中運動的路程為4A；【詳解】由圖像可知，這列波的波長是8m，周期是0.2s，振幅是10cm，選項A正確；由Q點的振動圖像可知，在t=0時，質點Q向y軸正方向運動，可知波向x軸正向傳播，選項B錯誤；波速，從t=0.1到t=0

24、.25s，該波沿x軸正方向傳播了，選項C正確；從t=0.1到t=0.25s 經歷了0.15s=T，但是因P點開始不是從平衡位置或者最高點最低點開始振動，則質點P通過的路程不等于3A=30cm,選項D錯誤；，則質點Q簡諧運動的表達式為y=0.10sin10t（國際單位），選項E正確；故選ACE.【點睛】本題關鍵是會根據振動情況來判斷波的傳播方向，抓住振動圖象和波動圖象之間的內在聯系要知道質點做簡諧運動時，只有起點在平衡位置或波峰、波谷處的質點，在3/4周期內振動的路程才是3A9、BC【解析】向上滑行過程中導體棒受到重力、安培力，根據牛頓第二定律分析加速度的變化情況；上滑過程中根據功能關系結合焦耳

25、定律求解電阻R產生的熱量；根據電荷量的計算公式求解向下滑行過程中通過電阻R的電荷量；根據分析電阻R在導體棒向上滑行過程中產生的熱量與向下滑行過程中產生的熱量的大小。【詳解】A向上滑行過程中導體棒受到重力、安培力，根據右手定則可得棒中的電流方向，根據左手定則可得安培力方向沿斜面向下，根據牛頓第二定律可得：其中：解得：由于速度減小，則加速度減小，棒不做勻減速直線運動，故A錯誤；B設上滑過程中克服安培力做的功為W，根據功能關系可得：克服安培力做的功等于產生的焦耳熱，則：上滑過程中電阻R產生的熱量為：故B正確；C向下滑行過程中通過電阻R的電荷量為：故C正確；D由于上滑過程中和下滑過程中導體棒通過的位移

26、相等，即導體棒掃過的面積S相等，根據安培力做功計算公式可得：由于上滑過程中的平均速度大于，下滑過程中的平均速度，所以上滑過程中平均電流大于下滑過程中的平均電流，則電阻R在導體棒向上滑行過程中產生的熱量大于向下滑行過程中產生的熱量，故D錯誤。故選BC。10、BDE【解析】傳播速度大小相同實線波的頻率為2Hz，其周期為1.5s，波長4m，則波速 ；由圖可知：虛線波的波長為6m，則周期為，頻率： ,則兩波的頻率不同所以不能發生干涉現象故A錯誤；實線波和虛線波的頻率之比為，選項B正確；平衡位置為x=6m處的質點由實線波和虛線波引起的振動方向均向上，速度是兩者之和，故此刻速度不為零，選項C錯誤；兩列簡諧

27、橫波在平衡位置為x=8.5m處的質點是振動加強的，此刻各自位移都大于11cm，故質點此刻位移y21cm，選項D正確；從圖示時刻起再經過1.25s，實線波在平衡位置為x=5m處于波谷，而虛線波也處于y軸上方，但不在波峰處，所以質點的位移y1故E正確；故選BDE.點睛：此題主要考查波的疊加；關鍵是理解波的獨立傳播原理和疊加原理，兩列波相遇時能互不干擾，各個質點的速度和位移都等于兩列波在該點引起的振動的矢量和.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偶然誤差 A 【解析】(1)1在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復10次上述操作，從而確定小鋼球的平均落點”是采用多次測量求平均值的方法，其目的是為了減小偶然誤差。(2)2設小球被彈簧彈射出去后的速度為v0，此后小球做平拋運動，有聯立可得小球彈射出去時動能為(3)3若結論彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比成立，有而彈射過程彈性勢能全部轉