1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，細繩一端系在小球O上，另一端固定在天花板上A點，輕質彈簧一端與小球連接，另一端固

2、定在豎直墻上B點，小球處于靜止狀態將細繩燒斷的瞬間，小球的加速度方向（ ）A.沿BO方向B.沿OB方向C.豎直向下D.沿AO方向2、在研究互成角度的兩個力的合成實驗時，橡皮條的一端固定在木板上，用兩個彈簧秤把橡皮條的另一端拉到某一位置O點，以下操作中正確的是（）A.同一次實驗過程中，O點位置允許變動B.在實驗中，彈簧秤必須保持與木板平行，讀數時視線要正對彈簧秤刻度C.實驗中，先將其中一個彈簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需調節另一彈簧秤拉力的大小和方向，把橡皮條的結點拉到O點D.實驗中，把橡皮條的結點拉到O點時，兩彈簧之間的夾角應取不變，以便于算出合力的大小3、一質點自原點開始在x軸上運動，

3、初速度v00，加速度a0，當a值不斷減小直至為零，則A.該過程中，質點的速度不斷減小B.該過程中，質點速度的變化率不斷增大C.當a0時，質點的速度達到最大D.當a0時，質點的位移達到最大值4、 “千克”這一基本單位原由國際千克原器來定義。國際千克原器是1889年第一屆國際計量大會批準制造的，它是一個用鉑銥合金制成的圓柱體，高度和直徑均為39mm，原型保存在巴黎國際計量局。因受空氣污染和氧化等因素影響，國際千克原器的質量出現細微變化，已難以適應現代精密測量要求。因此科學界一直想用一種基于物理常數的定義來取代。2018年11月16日，第26屆國際計量大會決定，千克由普朗克常量h及米和秒定義，即，該

4、決定已于2019年5月20日生效。此次標準實施后，國際單位中7個基本單位全部建立在不變的自然常數基礎上，保證了國際單位的長期穩定性和通用性。以下說法正確的是A.普朗克常量h是個無單位的常量B.普朗克常量h的單位等效于C.普朗克常量h的單位等效于D.受外界因素的影響普朗克常量h的數值也會發生細微變化5、經長期觀測，人們在宇宙中已經發現了“雙星系統”“雙星系統”由兩顆相距較近的恒星組成，每個恒星的線度遠小于兩個星體之間的距離，而且雙星系統一般遠離其他天體，如圖所示，兩顆星球組成的雙星，在相互之間的萬有引力作用下，繞連線上的 O 點做周期相同的勻速圓周運動現測得兩顆星之間的距離為 L，質量之比為m1

5、:m2=3:2，下列說法中正確的是：A.m1、m2做圓周運動線速度之比為 3:2B.m1、m2做圓周運動的角速度之比為 3:2C.m1做圓周運動的半徑為LD.m2做圓周運動的半徑為L6、如圖所示，質量相等的A、B兩小球分別連在彈簧兩端，B小球用細繩固定在傾角為30的光滑斜面上，若不計彈簧質量，在細繩被剪斷的瞬間，關于A、B兩小球的加速度大小，下列說法正確的是A.B.C.D.7、一個物體從靜止開始做直線運動，其v-t圖像如圖所示，下列選項正確的是（）A.在06s內，物體離出發點最遠為30mB.在06s內，物體經過的路程為40mC.在04s內，物體的平均速率為7.5m/sD.第5s內加速度方向與第

6、6s內的加速度方向相反8、在利用打點計時器和小車來做“驗證牛頓運動定律”的實驗時，下列說法中正確的是A.平衡摩擦力時，應將砝碼及盤內砝碼通過定滑輪拴在小車上B.連接砝碼盤和小車的細繩應跟長木板保持平行C.平衡摩擦力后，長木板的位置不能移動D.小車釋放前應靠近打點計時器，且應先接通電源再釋放小車9、如圖所示，我國航天飛機在完成航天維修任務后，在A點從圓形軌道進入橢圓軌道，B為軌道上的一點，關于該航天飛機的運動，下列說法中正確的有A.在軌道上經過A的速度大于經過B的速度B.在軌道上經過A的速度等于在軌道上經過A的速度C.在軌道上運動的周期小于在軌道上運動的周期D.在軌道上經過A的加速度等于在軌道上

7、經過A的加速度10、如圖，水平地面上有一楔形物塊a，其斜面上有一小物塊b，b與平行于斜面的細繩的一端相連，細繩的另一端固定在斜面上a與b之間光滑，a和b以共同速度在地面軌道的光滑段向左運動當它們剛運行至軌道的粗糙段時可能是()A.繩的張力減小，斜面對b的支持力減小，地面對a的支持力減小B.繩的張力減小，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力不變C.繩的張力減小，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力增加D.繩的張力增加，斜面對b的支持力增加，地面對a的支持力增加11、一個物體做變速直線運動，物體加速度從某一值逐漸減小到零則在此過程中，下列關于該物體的運動情況的說法中可能正確的是( )A.物體速

8、度不斷增大，加速度減小到零時，物體速度最大B.物體速度不斷減小，加速度減小到零時，物體速度為零C.物體速度不斷減小到零，然后物體反向做加速直線運動D.物體速度不斷增大，然后速度逐漸減小12、大小分別是F1=3N，F2=5N的兩個力的合力可能是（）A.1NB.2NC.6ND.9N二填空題(每小題6分，共18分)13、在“驗證力平行四邊形定則”的實驗中，某同學進行實驗的主要步驟是：a如圖甲所示，將橡皮筋的一端固定在木板上的A點，另一端拴上兩根繩套，每根繩套分別連著一個彈簧測力計；b沿著兩個方向拉彈簧測力計，將橡皮筋的活動端拉到某一位置，將此位置標記為O點，讀取此時彈簧測力計的示數，分別記錄兩個拉力

9、F1、F2的大小。用筆在兩繩的拉力方向上分別標記a、b兩點，并分別將其與O點連接，表示兩力的方向；c再用一個彈簧測力計將橡皮筋的活動端仍拉至O點，記錄其拉力F的大小并用上述方法記錄其方向。（1）下列說法正確的是_。A用兩個彈簧測力計拉橡皮筋時，不必為了方便求出合力的大小而使兩繩套之間的夾角為90B用兩個彈簧測力計作出合力的圖示與用一個彈簧測力計作出拉力的圖示不完全重合，說明力的合成的平行四邊形定則不成立C若F1F2，方向不變，大小各增加1N，則合力F的方向不變，大小也增加1N（2）圖乙中的_是力F1和F2合力的理論值；_是力F1和F2合力的實際測量值。（均選填“F”或“F”）（3）該實驗中某彈

10、簧測力計的示數如圖丙所示，其大小是_N。（4）本實驗采用的科學方法是_（填字母代號）。A理想實驗法 B建立物理模型法 C控制變量法 D等效替代法14、測定木塊與長木板之間動摩擦因數時，采用如圖1所示的裝置，圖中長木板水平固定（1）實驗過程中，電火花計時器應接_（選填“直流”或“交流”）電源上調整定滑輪高度，使_（2）已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，木塊的加速度為a，則木塊與長木板間動摩擦因數=_（3）如圖2為木塊在水平木板上帶動紙帶運動打出的一條紙帶的一部分，0、1、2、3、4、5為計數點，相鄰兩計數點間還有4個打點未畫出從紙帶上測出x1=1.21cm，x2=

11、2.32cm，x5=5.68cm，x6=6.81cm則木塊加速度大小a=_m/s2（保留三位有效數字）15、用如圖甲所示的裝置測定彈簧的勁度系數，被測得彈簧一端固定于A點，另一端B用細繩繞過定滑輪掛鉤碼，旁邊豎直固定一最小刻度為mm的刻度尺，當掛兩個鉤碼時，繩上一定點P對應刻度如圖乙ab虛線所示，再增加一個鉤碼后，P點對應刻度如圖乙cd虛線所示，已知每個鉤碼質量為50g，重力加速度g=9.8m/s2，則（1）被測彈簧的勁度系數為_N/m；（2）掛三個鉤碼時彈簧的形變量為_cm。三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，質量為m1的物體A用細繩繞過光滑的滑輪與質量為m2的物體B相連，連接A的細

12、繩與水平方向的夾角為37，此時系統處于靜止狀態，已知sin37=0.6，cos37=0.8，。求：(1)細繩對物體A的拉力大小；(2)A物體所受摩擦力的大小和方向；(3)若m1=9.8kg，A與水平面的動摩擦因數=0.3，欲使系統始終保持靜止，則m2最大不能超過多少？（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）17、（10分）如圖所示，電燈的重力為，繩OA與天花板間的夾角為繩OB水平，取求：（1） 繩OB所受的拉力大小？（2） 若OA、OB繩的最大拉力均為25N，通過計算判斷能否在O點掛一個重力為20N的小吊燈（小吊燈自身的掛繩不會斷掉）？參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給

13、出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】小球平衡時，對小球受力分析，重力，彈簧彈力，繩的拉力，當細繩燒斷的瞬間，繩的拉力變為零，重力，彈力不變，所以重力與彈力的合力與繩的拉力等大反向，故D正確【點晴】解決本題關鍵理解彈簧彈力屬于漸變，即發生某一變化時，彈力瞬間不變2、B【解析】A為了產生相同的作用效果，兩次均要將橡皮條的結點拉到同一位置，即O點的位置不能變動，故A錯誤；B在實驗中，彈簧秤必須保持與木板平行，讀數時視線要正對彈簧秤刻度，故B正確；C因為彈簧有一定的彈性限度，所以彈簧秤的彈力大小適中即

14、可，不需要拉到最大值，故C錯誤；D合力是我們根據平行四邊形畫出來的，不是計算出來的，并非要求兩彈簧秤之間的夾角一定為，故D錯誤。故選B。3、C【解析】ACD初速度v00，加速度a0，可知初速度的方向與加速度方向相同，質點做加速運動，速度逐漸增大，當加速度減小到零，速度達到最大，做勻速運動，由于速度的方向未變，則位移一直增大，故A，D項錯誤，C項正確；B由于加速度值減小，由公式可知，質點速度的變化率不斷減小，故B項錯誤4、B【解析】A根據，可得，則普朗克常量h的單位為，故A錯誤；BC根據牛頓第二定律可知，則，故B正確，C錯誤；D據題意受空氣污染和氧化等因素影響，國際千克原器的質量出現細微變化，但

15、普朗克常量不變，故D錯誤。故選B。5、C【解析】由于雙星系統中，m1、m2完成一次圓周運動的時間相同，故它們的角速度之比；兩顆星球組成的雙星，在相互之間的萬有引力作用下，繞連線上的 O 點做周期相同的勻速圓周運動，設它們的軌道半徑分別為和，則：聯立解得：又根據圓周運動角速度和線速度的關系可知：A.與計算不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與計算相符，故C正確；D.與計算不符，故D錯誤6、C【解析】在剪斷上端的繩子的瞬間，繩子上的拉力立即減為零，而彈簧的伸長量沒有來得及發生改變，故彈力不變，再分別對A、B兩個小球運用牛頓第二定律，即可求得加速度【詳解】在剪斷繩子之前，A處于平衡狀態，所

16、以彈簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等在剪斷上端的繩子的瞬間，繩子上的拉力立即減為零，而彈簧的伸長量沒有來得及發生改變，故彈力不變仍為A的重力沿斜面上的分力故A球的加速度為零，aA=0，故AB錯誤；在剪斷繩子之前，對B球進行受力分析，B受到重力、彈簧對它斜向下的拉力、支持力及繩子的拉力，在剪斷上端的繩子的瞬間，繩子上的拉力立即減為零，對B球進行受力分析，則B受到到重力、彈簧的向下拉力、支持力所以根據牛頓第二定律得：，故C正確，D錯誤；故選C【點睛】該題要注意在剪斷繩子的瞬間，繩子上的力立即減為0，而彈簧的彈力不發生改變，再結合牛頓第二定律解題7、BC【解析】A在05s內，物體沿正向運動，56

17、s沿負向運動，故5s末離出發點最遠，最遠距離為選項A錯誤；B根據圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，可得，在06s內，物體經過的路程為選項B正確；C在04s內，物體通過的路程為平均速率選項C正確；D根據速度圖象的斜率表示加速度可知，第5s內的加速度方向與第6s內的加速度方向相同，選項D錯誤。故選BC。8、BCD【解析】在該實驗中，我們認為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，所以在平衡摩擦力時，細繩的另一端不能懸掛裝砝碼的砝碼盤，故A錯誤；連接砝碼盤和小車的細繩應跟長木板保持平行，故B正確；平衡摩擦力后，應保持木板的傾角不變，所以長木板的位置不能移動，故C正確；因為打點計時器剛接通電源打出的點不穩定，

18、因此實驗時，應先接通打點計時器電源，再放開小車，同時要求開始小車要靠近打點計時器，才能保證采集到足夠的數據，故D正確所以BCD正確，A錯誤9、CD【解析】A、在軌道從B到A，萬有引力做負功，速度減小，即A點的速度小于B點的速度，故A錯誤；B、從軌道上的A點進入軌道I，需加速，可知在軌道上經過A的速度小于在軌道上經過A的速度，故B錯誤；C、根據開普勒第三定律知，軌道的半長軸小于軌道I的軌道半徑，則在軌道上運動的周期小于在軌道上運動的周期，故C正確；D、根據牛頓第二定律知，在不同軌道上經過A點時，所受的萬有引力大小相等，則加速度大小相等，故D正確故選CD點睛：根據萬有引力做功，結合動能定理比較在軌

19、道上A、B的速度大小；根據變軌的原理比較不同軌道上在A點的速度大小；根據開普勒第三定律比較不同軌道上的運行周期；根據牛頓第二定律比較在不同軌道上的加速度大小10、BC【解析】在光滑段運動時，物塊a及物塊b均處于平衡狀態，對a、b整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡；對b受力分析，如圖，受重力、支持力、繩子的拉力，根據共點力平衡條件，有：Fcos-FNsin=0 ；Fsin+FNcos-mg=0 ；由兩式解得：F=mgsin，FN=mgcos；當它們剛運行至軌道的粗糙段時，減速滑行，系統有水平向右的加速度，此時有兩種可能；AB（一）物塊a、b仍相對靜止，豎直方向加速度為零，由牛頓第二定律得：F

20、sin+FNcos-mg=0 ；FNsin-Fcos=ma；由兩式解得：F=mgsin-macos，FN=mgcos+masin；即繩的張力F將減小，而a對b的支持力變大；再對a、b整體受力分析豎直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面對a支持力不變；故A項錯誤，B項正確.CD（二）物塊b相對于a向上加速滑動，繩的張力顯然減小為零，物體具有向上的分加速度，是超重，因此a對b的支持力增大，斜面體和滑塊整體具有向上的加速度，也是超重，故地面對a的支持力也增大;故C項正確，D項錯誤11、ABC【解析】當加速度的方向與速度方向相同，物體做加速運動，加速度減小，速度增大，

21、當加速度減小為零，速度達到最大，故A正確，D錯誤當加速度的方向與速度方向相反，物體做減速運動，可能加速度減小為零時，速度恰好減為零，故B正確當加速度的方向與速度方向相反，物體做減速運動，速度減為零時，加速度還未減為零，然后物體反向做加速直線運動，故C正確故選ABC考點：速度和加速度【名師點睛】解決本題的關鍵掌握判斷物體做加速運動還是減速運動的方法，關鍵看加速度的方向與速度方向的關系12、BC【解析】本題考查合力和分力的關系，先根據給出的分力，求出合力的取值范圍，然后從范圍中尋找可能的合力大小【詳解】由題意可知，F1和F2兩力的合力的取值范圍是，故合力可能為6N，則AD錯誤，BC正確故本題選BC【點睛】掌握二力合成的規則和方法，并能求出合力的取值范圍，是解決本題的關鍵二填空題(每小題6分，共18分)13、 .A .F .F .2.10 .D【解析】（1）1A用兩個彈簧測力計拉橡皮筋時，不必要為了方便求出合力的大小而使兩繩套之間的夾角為，故A正確；B用兩個彈簧測力計作出合力的圖示與用一個彈簧測力計作出拉力的圖示不完全重合，在誤差允許的范圍內，也能說明力的合成的平行四邊形定則成立，故B錯誤；C若，方向不變，大小各增加，則合力的方向變化，如果不變化，則要二力的大小成比例增加，增加的比例為最初的二力大小之比，故C錯誤。故選A。