1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、平行板電容器、靜電計、理想二極管(正向電阻為0。反向電阻無窮大)與內阻不計的電源連接成如圖所示的電路，現在平行板電容器兩極板間的P點固定一帶負電的點電荷，其中電容器的右極板固定，左極板可左右移動少許。設靜電計的張角為。則下列說法正確的是（）A若左極板向左移動少許，則變大，P點的電勢不變B若左極板向左移動少許，則不變，P點的電勢不變C若左極板向右移動少許，則不變，位于P點的點電荷的電勢能減小D若左極板向右移動少許，則變小，位于P點的點電荷的電勢能增大2、靜電計是在驗電器的基礎

3、上制成的，用其指針張角的大小來定性顯示金屬球與外殼之間的電勢差大小，如圖所示，A、B是平行板電容器的兩個金屬極板，G為靜電計。開始時開關S閉合，靜電計指針張開一定角度，為了使指針張開的角度增大，下列采取的措施可行的是（）A保持開關S閉合，將A、B兩極板靠近B斷開開關S后，減小A、B兩極板的正對面積C斷開開關S后，將A、B兩極板靠近D保持開關S閉合，將變阻器滑片向右移動3、如圖所示，水平地面上堆放著原木，關于原木P在支撐點M、N處受力的方向，下列說法正確的是( )AM處受到的支持力豎直向上BN處受到的支持力豎直向上CM處受到的靜摩擦力沿MN方向DN處受到的靜摩擦力沿水平方向4、如圖所示，是一測定

4、風力儀器的結構圖，懸掛在O點的輕質細金屬絲的下端固定一個質量為m的金屬球P，在豎直平面內的刻度盤可以讀出金屬球P自由擺動時擺線的擺角。圖示風向水平向左，金屬球P靜止時金屬絲與豎直方向的夾角為，此時風力F的大小是（）ABCD5、如圖所示，一束平行光經玻璃三棱鏡折射后分解為a、b兩種單色光。則下列說法正確的是（）A在真空中傳播時，a光的速度大B從玻璃射向空氣時，b光發生全發射的臨界角小C經過同一雙縫干涉實驗裝置時，觀察到a光的相鄰亮條紋間距大D若b光能使某金屬發生光電效應，則a光也一定能發生光電效應6、如圖所示，一光滑半圓形軌道固定在水平地面上，圓心為O、半徑為R，一根輕橡皮筋一端連在可視為質點的

5、小球上。另一端連在距離O點正上方R處的P點。小球放在與O點等高的軌道上A點時，輕橡皮筋處于原長。現將小球從A點由靜止釋放，小球沿圓軌道向下運動，通過最低點B時對圓軌道的壓力恰好為零。已知小球的質量為m，重力加速度為g，則小球從A點運動到B點的過程中下列說法正確的是（）A小球通過最低點時，橡皮筋的彈力等于mgB橡皮筋彈力做功的功率逐漸變大C小球運動過程中，橡皮筋彈力所做的功等于小球動能增加量D小球運動過程中，機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯

6、的得0分。7、關于理想氣體，下列說法正確的是（）A已知氣體的摩爾質量和阿伏伽德羅常數，可估算一個分子質量B已知氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數，可估算一個分子直徑C氣體壓強是因為氣體分子間表現為斥力D氣體壓強是因為氣體分子無規則運動撞擊器壁所致E.一定質量的理想氣體體積不變，溫度升高，壓強一定增大8、如圖所示，橡皮筋的一端固定在O點，另一端拴一個物體，O點的正下方A處有一垂直于紙面的光滑細桿，OA為橡皮筋的自然長度。已知橡皮筋的彈力與伸長量成正比，現用水平拉力F使物體在粗糙的水平面上從B點沿水平方向勻速向右運動至C點，已知運動過程中橡皮筋處于彈性限度內且物體對水平地面有壓力，下列說法正確的是（）

7、A物體所受水平面的摩擦力保持不變B物體所受地面的支持力變小C水平拉力F逐漸增大D物體所受的合力逐漸增大9、如圖所示為一理想變壓器，K為單刀雙擲開關，P為滑動變阻器的滑動觸頭，U1為加在原線圈兩端的電壓，I1為原線圈中的電流，則（ ）A保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，I1將減小B保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，R消耗功率減小C保持U1不變，K合在a處，使P上滑，I1將增大D保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，I1將增大10、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R，將等電量的兩正點電荷Q放在圓周上，它們的位置關于AC對稱，與O點的連線和OC間夾角為3

8、0，下列說法正確的是（ ）A電荷q從A點運動到C點，電場力做功為零B電荷q從B點運動到D點，電場力做功為零CO點的場強大小為DO點的場強大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組設計了如圖（a）所示的實驗裝置，通過改變重物的質量，利用計算機可得滑塊運動的加速度以和所受拉力F的關系圖象。他們在水平軌道上做了實驗，得到了圖線，如圖（）所示。滑塊和位移傳感器發射部分的總質量_kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數_（g取10m/s2）。12（12分）某同學利用下列器材測量兩節干電池的總電動勢和總電阻。A待測干電池兩節；B電壓表、，量程

9、均為，內阻很大；C定值電阻（阻值未知）；D電阻箱；E.導線若干和開關。 （1）根據如圖甲所示的電路圖，在實物圖乙中補全相應的電路圖_。（2）實驗之前，需要利用該電路測出定值電阻。先把電阻箱調到某一阻值，再閉合開關，讀出電壓表和的示數分別為、，則_（用、表示）。（3）實驗中調節電阻箱，讀出電壓表和的多組相應數據、。若測得，根據實驗描繪出圖象如圖內所示，則兩節干電池的總電動勢_、總電阻_。（結果均保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，空間有一豎直向下沿x軸方向的靜電場，電場的場強大小按Ek

10、x分布(x是軸上某點到O點的距離)，x軸上，有一長為L的絕緣細線連接A、B兩個小球，兩球質量均為m，B球帶負電，帶電量為 q，A球距O點的距離為L。兩球現處于靜止狀態，不計兩球之間的靜電力作用。(1)求A球的帶電量qA；(2)將A、B間細線剪斷，描述B球的運動情況，并分析說明理由；(3)剪斷細線后，求B球的最大速度vm14（16分）如圖所示是一玻璃磚的截面圖,一束光沿與面成30角從邊上的點射入玻璃磚中,折射后經玻璃磚的邊反射后,從邊上的點垂直于邊射出已知,真空中的光速,求:玻璃磚的折射率;光在玻璃磚中從傳播到所用的時間15（12分）如圖所示，MN和MN為兩豎直放置的平行光滑長直金屬導軌，兩導軌

11、間的距離為L。在導軌的下部有垂直于導軌所在平面、方向向里的勻強磁場，磁感應強度為B。在導軌的MM端連接電容為C、擊穿電壓為Ub、正對面積為S、極板間可認為是真空、極板間距為d的平行板電容器。在t0時無初速度地釋放金屬棒ef，金屬棒ef的長度為L、質量為m、電阻可忽略不計假設導軌足夠長，磁場區域足夠大，金屬棒ef與導軌垂直并接觸良好，導軌和各接觸處的電阻不計，電路的電感、空氣的阻力可忽略，已知重力加速度為g。(1)求電容器兩端的電壓達到擊穿電壓所用的時間；(2)金屬棒ef下落的過程中，速度逐漸變大，感應電動勢逐漸變大，電容器極板上的電荷量逐漸增加，兩極板間存儲的電場能也逐漸增加。單位體積內所包含

12、的電場能稱為電場的能量密度。已知兩極板間為真空時平行板電容器的電容大小可表示為C。試證明平行板電容器兩極板間的空間內的電場能量密度與電場強度E的平方成正比，并求出比例系數(結果用0和數字的組合表示)。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AB靜電計上的電壓不變，所以靜電計的張角不變，由于二極管具有單向導電性，所以電容器只能充電，不能放電；將電容器的左極板水平向左移時，電容器的電容減小，但不能放電，則電容器帶電量不變，由和可得，電容器兩極板間的電場不變，則P點的電勢（x為P點到左極板的距離），則P點的電勢降低

13、，故AB錯誤；CD將電容器的左極板水平向右移時，電容器的電容增大，電場強度增大，P點的電勢升高，由于P點固定的是負電荷，所以位于P點的點電荷的電勢能減小，故C項正確，D項錯誤。故選C。2、B【解析】A 保持開關閉合，電容器兩端的電勢差不變，與極板間距無關，則指針張角不變，故A錯誤；B 斷開電鍵，電容器帶電量不變，減小A、B兩極板的正對面積，即S減小，根據知，電容減小，根據知，電勢差增大，指針張角增大，故B正確；C 斷開電鍵，電容器帶電量不變，將A、B兩極板靠近，即d減小，根據知，電容增大，根據知，電勢差減小，指針張角減小，故C錯誤；D 保持開關閉合，電容器兩端的電勢差不變，變阻器僅僅充當導線功

14、能，滑動觸頭滑動不會影響指針張角，故D錯誤。故選：B。3、A【解析】M處受到的支持力的方向與地面垂直向上，即豎直向上，故A正確；N處受到的支持力的方向與原木P垂直向上，不是豎直向上，故B錯誤；原木相對于地有向左運動的趨勢，則在M處受到的摩擦力沿地面向右，故C錯誤；因原木P有沿原木向下的運動趨勢，所以N處受到的摩擦力沿MN方向，故D錯誤故選A4、C【解析】如圖受力分析：則風力故選C。5、D【解析】A真空中傳播時，各種顏色光的光速均相同，A錯誤；B根據光路圖可知光偏折程度小，所以光折射率小，根據全反射定律可知光發生全反射的臨界角大，B錯誤；C根據光路圖可知光折射率大，所以頻率大，波長短，根據可知，

15、經過同一雙縫干涉實驗裝置時，觀察到a光的相鄰亮條紋間距小，C錯誤；D光的頻率大于光，根據可知光的光子能量大于光，所以若b光能使某金屬發生光電效應，則a光也一定能發生光電效應，D正確。故選D。6、D【解析】小球運動到最低點時，根據牛頓第二定律可得F-mg=m，橡皮筋的彈力F=mg+m，故F大于mg，故A錯誤；根據P=Fvcos可知，開始時v=1，則橡皮筋彈力做功的功率P=1在最低點速度方向與F方向垂直，=91，則橡皮筋彈力做功的功率P=1，故橡皮筋彈力做功的功率先變大后變小，故B錯誤；小球運動過程中，根據動能定理知，重力做功和橡皮筋彈力所做的功之和等于小球動能增加量，故C錯誤。小球和彈簧組成的系

16、統機械能守恒，知小球運動過程中，機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ADE【解析】A一個分子的質量已知氣體的摩爾質量和阿伏伽德羅常數，可估算一個分子質量，A正確；B一個氣體分子占據的體積已知氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數，不可以估算一個分子直徑，B錯誤；CD氣體壓強是因為氣體分子無規則運動撞擊器壁所致，氣體分子之間的距離較大，幾乎不體現分子力，C錯誤，D正確；E根據理想氣體狀態方程可知一定質量的理想氣體體積不變，溫度

17、升高，壓強一定增大，E正確。故選ADE。8、AC【解析】AB設開始時A離地面的高度為L，設某一時刻繩子與豎直方向的夾角為，則繩子的彈力為：其豎直向上分力Fy=Tcos=kL故物體對地面的壓力為N=mg-kL所以物體對地面的壓力保持不變；又因為f=N，故摩擦力也保持不變，故A正確，B錯誤；C水平拉力F=f+Tsin=f+kLtan隨著的增大，拉力F逐漸增大，故C正確；D物體始終處于平衡狀態，其合外力始終為零，故D錯誤。故選AC。9、BD【解析】保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，原線圈匝數變小，副線圈電壓變大，所以副線圈功率變大，而原線圈功率等于副線圈功率，所以原線圈功率變大，根據得I1將增

18、大，故A錯誤；保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，原線圈匝數變大，副線圈電壓變小，根據可知功率變小，故B正確；保持U1不變，K合在a處，使P上滑時，R增大，而電壓不變，所以副線圈電流變小，根據可知I1將減小，故C錯誤；保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，則副線圈電壓增大，所以副線圈電流變大，根據可知I1將增大，故D正確。10、BD【解析】電荷q從A點運動到C點，所受電場力豎直向上，電場力做負功，A錯，根據對稱性B正確，O點的場強大小為，C錯，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.5 0.2 【解析】1由圖形b得加速度a

19、和所受拉力F的關系圖象的斜率所以滑塊和位移傳感器發射部分的總質量2由圖形b得，在水平軌道上F=1N時，加速度a=0，根據牛頓第二定律得解得12、 3.0 2.4 【解析】(1)1 (2)2 閉合開關后，根據串并聯電路規律可知，兩端電壓，電流為，根據歐姆定律(3)3 根據閉合電路歐姆定律可知變形可得由圖象可知，當時，則有圖象的斜率為聯立解得，。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)qA4q (2)B球做往復運動 (3)vm【解析】(1)A、B兩球靜止時，A球所處位置場強為B球所處位置場強為對A、B由整體受力分析，由平衡條件可得：解得：qA4q(2)剪斷細線后，B球初始受到合力Fmgmgmg方向豎直向下，B球開始向下運動；運動后，B球受力為F合mgkxq，隨x增大，F合減小，所以B球做加速度減小的加速運動；當F合減小為零時，B球速度達到最大，繼續向下運動，F合方向向上，并逐漸增大，B球做加速度增大的減速運動。 當速度減小為零后，此時電場力大于重力，B球反向運動，最終B球做往復運動。(3)當B球下落速度達到最大時，B球距O點距離為x0解得：x03L當B球下落速度達到最大時，B球距O點距離為3L運動過程