1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在勻強磁場中，磁感應強度B12B2，當不計重力的帶電粒子從B1磁場區域運動到B2磁場區域時，粒子的A速率將加倍B軌跡半徑加倍C周期將不變D做圓周運動的角速度將加倍2、如圖所示,直線A是電源的路端電壓和電流的關系圖線,直線B、C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關系圖線,若將這兩個電阻分別接到該電源上,則()AR1接在電源上時,電源的效率低BR2接在電源上時,電源的效率高CR1接在電源上時,電源的輸出功率大DR2接在電源上時,電源的輸出功率大3、1932年勞倫斯制成

3、了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是A離子從磁場中獲得能量B電場的周期隨粒子速度增大而增大C離子由加速器的中心附近進入加速器D當磁場和電場確定時，這臺加速器僅能加速電量相同的離子4、如圖所示，通有恒定電流的導線MN與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由位置1繞cd邊翻轉到位置2，第二次將金屬框由位置1平移到位置2，設先后兩次通過金屬框的磁通量的變化量的大小分別為和，則（）ABCD不能判斷5、關于安培力和洛倫茲力，如下說法中正確的是（ ）A帶電粒子在磁場中運動時，一定受到洛倫茲力作用B放置在磁場中的通電導線，一定受到安培力

4、作用C洛倫茲力對運動電荷一定不做功D安培力對通電導線一定不做功6、如圖所示，旋轉雨傘時，水珠會從傘的邊緣沿切線方向飛出，這屬于（）A擴散現象B超重現象C離心現象D蒸發現象二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,一個枕形導體AB原來不帶電,將它放在一個負點電荷的電場中,點電荷的電荷量為Q,與AB中心O點的距離為R，由于靜電感應,在導體A,B兩端分別出現感應電荷當達到靜電平衡時A導體A端電勢高于B端電勢B導體A端電勢低于B端電勢C導體中心O點的場強為0D枕形導體兩端

5、的感應電荷在O點產生感應電場強度,方向水平向左8、如圖所示，圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若粒子在運動中只受電場力作用，根據此圖能作出的正確判斷是（）Aa、b兩點電場的強弱B帶電粒子所帶電荷的符號C粒子在a、b兩點的受力方向D粒子在a、b兩點何處電勢能大9、兩個離子同時從勻強磁場的直邊界的、點分別以和（與邊界的夾角）射入磁場，又同時分別從、點穿出，如圖所示設邊界上方的磁場范圍足夠大，下列說法中正確的是（ ）A為正離子，的負離子B、兩離子運動半徑之比C、兩離子速率之比為D、兩離子的比荷之比為10、關于動量的概念

6、，以下說法中不正確的是( )A速度大的物體動量一定大B質量大的物體動量一定大C兩個物體的質量相等，速度大小也相等，則它們的動量一定相等D兩個物體的速度相等，那么質量大的物體動量一定大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻，（電阻大約為21左右），為精確地測量其電阻，可供選擇的器材如下：電流表A1（量程300mA，內阻約為2）電流表A2（量程150mA，內阻約為10）電壓表V1（量程1V，內阻r=1000）電壓表V2（量程15V，內阻約為3000）定值電阻R0=1000滑動變阻器R1（最大

7、阻值為5）；滑動變阻器R2（最大阻值為1000）電源E（電動勢約為4V，內阻r約為1）開關，導線若干（1）為了使測量盡量準確，測量時電表讀數不得小于其量程的，電壓表應選_，電流表應選_，滑動變阻器應選_（填器材代號）（2）根據你選擇的器材，請在線框內畫出實驗電路圖_（用所選器材的符號表示）12（12分）欲用伏安法測定一段阻值約為5左右的金屬導線的電阻和電阻率，要求測量結果盡量準確，現備有以下器材： A電池組（3V，內阻1） B電流表（03A，內阻0.0125）C電流表（00.6A，內阻0.125） D電壓表（03V，內阻3k）E.電壓表（015V，內阻15k） F.滑動變阻器（020，額定電流

8、1A）G.滑動變阻器（02000，額定電流0.3A） H.開關、導線（1）用螺旋測微器測電阻絲的直徑如圖，電阻絲的直徑為_mm（2）上述器材中電流表應選用_；電壓表應選用_；滑動變阻器應選用_；（填寫各器材的字母代號）（3）實驗電路應采用電流表_接法；（填“內”或“外”）（4）為使通過待測金屬導線的電流能在00.5A范圍內改變請按要求在下面方框內畫出測量待測金屬導線的電阻Rx的原理電路圖_.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質量為m的小球懸掛在長為L的細線下端，將它拉至與豎直方向成=60的位置后

9、自由釋放當小球擺至最低點時，恰好與水平面上原來靜止的、質量為2m的木塊相碰，碰后小球速度反向且動能是碰前動能的已知木塊與地面的動摩擦因素，重力加速度取g求：(1)小球與木塊碰前瞬間所受拉力大小(2)木塊在水平地面上滑行的距離14（16分）如圖所示，為電動機提升重物的裝置，電動機線圈電阻為r=1，電動機兩端電壓為5V，電路中的電流為1A，物體A重20N，不計摩擦力，求：（1）電動機線圈電阻上消耗的熱功率是多少？（2）電動機輸入功率和輸出功率各是多少？（3）這臺電動機的機械效率是多少？15（12分）直流電動機額定電壓為U=110V，當電動機吊著質量為m1=50kg的重物勻速上升時，電流為I1=5A

10、，重物上升速度大小為v1=0.9m/s，取g=10m/s1，求：（1）此電動機的線圈電阻；（1）若所吊重物質量為m1=100kg，則重物勻速上升時所需電流必須是前面的1倍，求重物m1勻速上升的速度v1參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A洛倫茲力只改變帶電粒子的速度方向，不改變速度大小，所以粒子的速率不變，故A錯誤；B由半徑公式知，當磁感應強度變為原來的一半，軌道半徑將加倍，故B正確；CD由周期公式可知，當磁感應強度變為原來的一半，周期將加倍，由公式可知，角速度減半，故C錯誤，D錯誤。2、D【解析】當電源

11、的路端電壓與電流的關系圖線、電阻兩端的電壓與電流的關系圖線畫在同一幅U-I圖像中時，兩線交點的物理意義是該電阻接在該電源兩端時的情況選項分析：A、B項，由效率公式=UIEI=UE 從圖像上可以看出，電阻R1接在電源上時,電源的效率高，故AB錯C、D項，從圖像上可以看出電阻R2的阻值等于電源內阻，而電源最大輸出功率的條件是：內外電阻相等，所以R2接在電源上時,電源的輸出功率大，故C錯D對；故選D【點睛】當電源的路端電壓與電流的關系圖線、電阻兩端的電壓與電流的關系圖線畫在同一幅U-I圖像中時，兩線交點的物理意義是該電阻接在該電源兩端時的情況。3、C【解析】A.由于洛倫茲力并不做功，而離子通過電場時

12、有，故離子是從電場中獲得能量。故A錯誤；B.據回旋加速器的工作原理知，電場的周期等于粒子在磁場運動的周期。所以，與離子的速度大小無關。故B錯誤；C.要加速次數最多最終能量最大，則被加速離子只能由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器，故C正確；D. 當磁場和電場確定時，由于周期確定了，所以加速時粒子的比荷確定，所以D錯誤；4、A【解析】設在位置1時磁通量大小為1，位置2時磁通量大小為2。第一次將金屬框繞cd邊翻轉到2，穿過線框的磁感線的方向發生改變，磁通量變化量1=1+2第二次將金屬框由1平移到2，穿過線框的磁感線方向沒有改變，磁通量變化量2=1-2故12故選A。5、C【解析】A當帶電

13、粒子在磁場中運動方向與磁場方向平行時，帶電粒子不受洛倫茲力作用。故A項錯誤。B當通電導線電流方向與磁場方向平行時，通電導線不受安培力作用。故B項錯誤。C由左手定則可知，洛倫茲力與粒子的運動方向垂直，則洛倫茲力對運動電荷一定不做功。故C項正確。D安培力方向與通電導線運動方向間無必然關系，安培力可能對通電導線做功。故D項錯誤。【點睛】洛倫茲力與電荷的運動方向垂直，洛倫茲力對運動電荷一定不做功。6、C【解析】當旋轉雨傘時，由向心力可知，所需要的向心力增加，由于提供向心力不足以所需要的向心力，從而遠離圓心運動，故C正確，ABD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個

14、選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】AB.當達到靜電平衡時整個導體是一個等勢體，則導體A端電勢等于B端電勢故AB錯誤CD.當達到靜電平衡時導體中心O點的場強為0；枕形導體兩端的感應電荷在導體中心O點的場強大小與點電荷-Q產生的場強大小相等，為；方向相反，為水平向左；故CD正確8、ACD【解析】A.磁感線的疏密程度表示電場的強弱，由圖可知，a點比b點的電場強，故A正確；BC. 根據軌跡的彎曲方向知粒子受力方向沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故B錯誤，C正確；D.由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關系分析可知，

15、由a到b電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的電勢能較小，在b點電勢能較大。故D正確。故選：ACD。9、BD【解析】A向右偏轉，根據左手定則知，A為負離子，B向左偏轉，根據左手定則知，B為正離子，故A錯誤離子在磁場中做圓周運動，由幾何關系可得r=，l為PQ距離，sin60：sin30：1，則A、B兩離子的半徑之比為1：，故B正確離子的速率v=，時間相同，半徑之比為1：，圓心角之比為2：1，則速率之比為2：，故C錯誤根據r=知，因為速度大小之比為2：，半徑之比為1：，則比荷之比為2：1故D正確故選BD點睛：本題考查了粒子在磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程，掌握左手定則判

16、斷洛倫茲力的方向，以及掌握粒子在磁場中的半徑公式，并能靈活運用10、ABC【解析】物體的質量與速度的乘積是物體的動量；根據動量的定義分析答題【詳解】由P=mv可知，速度v大的物體，它的動量不一定大，質量大的物體動量不一定大，故AB錯誤；物體的動量P=mv，兩個物體的質量相等，速度大小也相等，則它們的動量大小一定相等，但是方向不一定相同，則動量不一定相同，選項C錯誤；由P=mv可知，兩個物體的速度相等，那么質量大的物體動量一定大，選項D正確；此題選擇不正確的選項，故選ABC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、V1 A2 R1 【解析】根

17、據電源電動勢選擇電壓表，根據通過待測電阻的最大電流選擇電流表，在保證安全的前提下，滑動變阻器可以采用分壓接法，為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；為準確測量電阻阻值，根據待測電阻與電表內阻間的關系確定電流表的接法，作出實驗電路圖【詳解】（1）由于電源電壓為4V，顯然電壓表選15V時不滿足讀數不得小于其量程的的要求，因此只能選V1，而V1量程又太小，而題目中給了一個定值電阻R0，將定值電阻R0與電壓表串聯，裝成一個新的電壓表，量程為2V，基本滿足要求，這樣由于回路總電阻值約22，因此回路電流最大約100mA左右，因此電流表選，為了測量精確，滑動變阻器采分壓式接法，為了便于調節，滑動變阻

18、器選用阻值較小的R1，電流表A2內阻約為10，采用外接法對測量結果的誤差較小（2）電路圖如下圖：12、 0.433mm C D F 外 【解析】試題分析：螺旋測微器讀數時，可以分成整數部分和小數部分兩部分來讀，根據伏安法測電阻的原理選擇實驗器材；根據待測電阻阻值與電表內阻的關系確定電流表的接法，電流從0開始變化，所以滑動變阻器采用分壓式（1）螺旋測微器的讀數為： ；（2）電源電動勢為3V，因此電壓表選D；電路最大電流約為，電流表應選C；為方便實驗操作滑動變阻應選：F；（3）待測電阻阻值約為5，電流表內阻約為0.125A，電壓表內阻約為3k，相對來說，電壓表內阻遠大于待測定值阻值，因此電流表應采用外接法（4）為了使電流能從0開始變化，所以滑動變阻器