1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是某物體做直線運動的v一t圖象，則該物體全過程A做勻速直線運動 B做勻加速直線運動C一直朝某一方向運動 D在某一線段上做兩個來回運動2、小明和小華在實驗室探究加速度與力質量的關系，他倆各自獨立設計了如圖甲、乙所示的實驗

2、裝置，小車總質量用M表示，（甲圖中傳感器的質量可以忽略）鉤碼總質量用m表示。為便于測量合外力的大小，并得到小車總質量一定時，小車的加速度與所受合外力成正比的結論，下列說法正確的是（ ）A兩組實驗中只有甲需要平衡摩擦力B兩組實驗都需要平衡摩擦力C兩組實驗中只有甲需要滿足所掛鉤碼的總質量m遠小于總質量M的條件D兩組實驗都需要滿足所掛鉤碼的總質量m遠小于總質量M的條件3、一木塊放在水平桌面上，在水平方向共受到三個力即和摩擦力的作用， 木塊處于靜止狀態，如圖所示，其中，若撤去，則木塊受到的摩擦力為（）A10 N,方向向左B6N，方向向右C2N，方向向右D04、如圖所示，輕質彈簧一端固定，另一端連接一小

3、物塊，O點為彈簧在原長時物塊的位置物塊由A點靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠到達B點在從A到B的過程中，物塊（ ）A加速度逐漸減小B經過O點時的速度最大C所受彈簧彈力始終做正功D所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功5、以36 km/h的速度沿平直公路行駛的汽車，遇障礙物剎車后獲得大小為4 m/s2的加速度，剎車后第3 s內，汽車走過的路程為( )A0.5 mB2 mC10 mD12.5 m6、如圖所示,由A、B組成的雙星系統，繞它們連線上的一點做勻速圓周運動,其運行周期為T,A、B間的距離為L,它們的線速度之比v1v2=2,則（ ）AAB角速度比為：AB=21BAB質量比為：M

4、AMB=21CA星球質量為：MA=42L3GT2D兩星球質量為：MA+MB=42L3GT2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、傾角為的三角形斜面體固定在水平面上，在斜面體的底端附近固定一擋板，一質量不計的的彈簧下端固定在擋板上，其自然長度時彈簧的上端位于斜面體上的O點質量分別為4m、m的物塊甲和乙用一質量不計的細繩連接，且跨過固定在斜面體頂端的光滑定滑輪，如圖所示開始物塊甲位于斜面體上的M處，且MO=L，滑塊乙開始距離水平面中足夠高，現將物塊甲和乙由靜止釋放，物塊甲沿

5、斜面下滑，當滑塊將彈簧壓縮到N點時，滑塊的速度減為零，已知物塊甲與斜面體之間的動摩擦因數為，重力加速度取，忽略空氣的阻力，整個過程細繩始終沒有松弛且乙未碰到滑輪，則下列說法正確的是（ ）A物塊由靜止釋放到斜面體上N點的過程，物塊甲先勻加速直線運動緊接著勻減速直線運動到速度減為零B物塊甲在與彈簧接觸前的加速度大小為C物塊甲位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值為D物塊甲位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值為8、一個質量為m的物體，（體積可忽略），在半徑為R，的光滑半球頂點處以水平速度v0運動，如圖所示，則下列說法正確的是（）A若v0=，則物體對半球頂點無壓力B若v0= ，則物體對半球頂點的

6、壓力為mgC若v0=0，則物體對半球頂點的壓力為mgD若v0=0，則物體對半球頂點的壓力為零9、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上，A、B間的動摩擦因數為，B與地面間的動摩擦因數為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。現對A施加一個水平拉力F，則以下說法正確的是A當時，A、B都相對地面靜止B當時，A的加速度為C當時，A相對B滑動D無論F為何值，B的加速度不會超過10、有a、b、c、d四顆地球衛星，a還未發射，在赤道表面上隨地球一起轉動，b是近地軌道衛星，c是地球同步衛星，d是高空探測衛星，它們均做勻速圓周運動，各衛星排列位置如圖所示，則Aa的向心加速度等于

7、重力加速度g，c的向心加速度大于d的向心加速度B在相同時間內b轉過的弧長最長，a、c轉過的弧長對應的角度相等Cc在4小時內轉過的圓心角是/3，a在2小時內轉過的圓心角是/6Db的運動周期一定小于d的運動周期，d的運動周期一定小于24小時三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分） (1)某同學用如圖所示的實驗裝置驗證“力的平行四邊形定則”。彈簧測力計A掛于固定點P，下端用細線掛一重物M.，彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端向左拉，使結點O靜止在某位置。分別讀出彈簧測力計A和B的示數，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和三條細

8、線的 _（填“長度”或“方向”）(2)本實驗用的彈簧測力計示數的單位為N，圖中彈簧測力計A的示數為_N.(3)本實驗中，下列必要的實驗操作是 _A、應測量重物M所受的重力 B彈簧測力計應在使用前校零C拉線方向應與木板平面平行D改變拉力，進行多次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置(4)本實驗采用的科學方法是 （_） A理想實驗法B等效替代法C控制變量法D建立物理模型法12（12分）某同學用如圖1所示實驗裝置驗證碰撞中的動量守恒將斜槽固定在水平桌面上，讓入射球1從斜槽上某點A由靜止釋放，記錄球在地面的落點；在斜槽末端放上被碰球2再次讓球1從斜槽上A點由靜止釋放，記錄球1和球2的落點重復上述過程10

9、次，用盡可能小的圓將10個落點圈在一起，圓心M、P、N代表落點，斜槽末端在水平地面的豎直投影為O，用刻度尺測量小球的水平位移，如圖2所示(1)為完成實驗下列操作必須的是_A斜槽末端切線方向保持水平B入射球1的質量小于被碰球2的質量C實驗中入射小球從同一位置由靜止釋放D測出斜槽末端到地面的高度h，計算球的速度(2)未放被碰球時，由刻度尺讀出入射球拋出的水平位移為_cm；(3)測得球1和球2的質量分別為m1和m2，小球的水平位移分別為xOM、xON、xOP，若關系式_成立(用所測物理量符號表示)，則可驗證碰撞過程動量守恒四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必

10、要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，質量為6m，長為L的薄木板AB放在光滑的水平臺面上，木板B端與臺面右邊緣齊平。B端上放有質量為3m且可視為質點的滑塊C，C與木板之間的動摩擦因數為13，質量為m的小球用長為L的細繩懸掛在平臺右邊緣正上方的O點，細繩豎直時小球恰好與C接觸。現將小球向右拉至細繩水平并由靜止釋放，小球運動到最低點時細繩恰好斷裂，小球與C正碰后反彈速率為碰前的一半。求細繩所受的最大拉力；若要使小球落在釋放點的正下方P點，平臺高度應為多大；通過計算判斷C能否從木板上掉下來。14（16分）月球繞地球近似做勻速圓周運動已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，月球距離地

11、球表面的高度為H，不考慮自轉（1）求月球繞地球運動的速度v的大小和周期T；（2）月球距離地球表面的高度H約為地球半徑R的59倍a求月球繞地球運動的向心加速度a的大小；b我們知道，月球表面的重力加速度約為地球表面重力加速度g的1/6，即，分析說明月球表面的重力加速度與月球繞地球運動的向心加速度a之間的不一致是否矛盾15（12分）如圖所示，內壁光滑的直圓筒固定在水平地面上，一輕質彈簧一端固定在直圓筒的底端，其上端自然狀態下位于O點處將一質量為m、直徑略小于直圓筒的小球A緩慢的放在彈簧上端，其靜止時彈簧的壓縮量為x1現將一與小球A直徑等大的小球B從距A小球3x1的P處釋放，小球B與小球A碰撞后立即粘

12、連在一起向下運動，它們到達最低點后又向上運動，并恰能回到O點已知兩小球均可視為質點，彈簧的彈性勢能為kx2，其中k為彈簧的勁度系數，x為彈簧的形變量求：（1）彈簧的勁度系數k；（2）小球B的質量mB；（3）小球A與小球B一起向下運動時速度的最大值vm參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】在v-t圖象中，圖象的斜率表示物體的加速度，01s內加速度是正和1s2s內的加速度是負，方向不同，所以物體既不做勻速直線運動，也不做勻加速直線運動，故AB錯誤，速度的正負表示運動方向，0-4S速度為正，所以物體一直朝某一方向

13、運動，不是在某一線段上做兩個來回運動，故C正確，D錯誤；故選C。2、B【解析】AB為了減小誤差，兩組實驗均需要平衡摩擦力，故A錯誤，B正確；CD甲圖中小車受到的拉力可由傳感器讀出，乙圖中拉小車的力可有測力計讀出，故都不需要鉤碼的總質量m遠小于小車的總質量M，故CD錯誤。故選B。3、C【解析】開始時在水平方向木塊受及摩擦力的作用而處于平衡狀態時，由平衡條件可知木塊所受的靜摩擦力的大小為，則有木塊受到的最大靜摩擦力；當撤去力后，由于 ，則有木塊仍處于靜止狀態，由平衡條件可知木塊所受的靜摩擦力大小與作用在木塊上的等大反向，即，方向水平向右，故選項C正確， A、B、D錯誤4、D【解析】由于水平面粗糙且

14、O點為彈簧在原長時物塊的位置，所以彈力與摩擦力平衡的位置在OA之間，加速度為零時彈力和摩擦力平衡，所以物塊在從A到B的過程中加速度先減小后反向增大，A錯誤；物體在平衡位置處速度最大，所以物塊速度最大的位置在AO之間某一位置，B錯誤；從A到O過程中彈力方向與位移方向相同，彈力做正功，從O到B過程中彈力方向與位移方向相反，彈力做負功，C錯誤；從A到B過程中根據動能定理可得W彈-W克f=0，即W彈=W克f，即彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功，D正確5、A【解析】:先統一單位： ,汽車速度減為零的時間 ,可以知道第3s內的位移等于最后內的位移,采用逆向思維,最后內的路程 .所以A選項是正確的.綜上所

15、述本題答案：A6、D【解析】A、萬有引力提供雙星做圓周運動的向心力,他們做圓周運動的周期T相等,根據=2T可知角速度之比為1:1，故A錯；BCD、根據v=r，v1v2=2 ，可知兩星球運動的半徑之比為r1r2=2:1 由牛頓第二定律得:GM1M2L2=M2(2T)2r2 解得：M1=42r2L2GT2=42L33GT2 同理：GM1M2L2=M1(2T)2r1 M2=42r1L2GT2=82L33GT2且M1+M2=42L33GT2+82L33GT2=42L3GT2所以AB質量比為MAMB=12 ，故BC錯；D對；綜上所述本題答案是：D【點睛】雙星受到的萬有引力大小相等,周期相同,萬有引力提供

16、做圓周運動的向心力,應用牛頓第二定律分別對每一個星體列方程,然后求出雙星的質量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、釋放甲、乙后，物塊甲沿斜面加速下滑，當與彈簧接觸時，開始壓縮彈簧，彈簧產生沿斜面向上的彈力，但此時彈力小于物塊甲沿斜面向下的作用力，故物塊甲做加速度減小的加速運動，當把彈簧壓縮到某一位置時，物塊甲沿斜面受力平衡，速度達到最大，之后彈力大于物塊甲沿斜面向下的作用力，物塊甲做減速運動，A錯誤；B、物塊甲沿斜面租受自身重力沿斜面分力、物塊乙對其沿

17、斜面的拉力mg和斜面體對物塊甲的摩擦力，根據牛頓第二定律，沿斜面方向則有：，解得正確；C、D、以物塊甲和乙為研究對象，從M點運動取N點，在N點彈簧壓縮最短，彈性勢能達最大，物塊甲和乙從M點運動到N點，由動能定理，得，解得，由彈力做的功等于彈性勢能的變化，即錯誤，D正確故選BD.【點睛】解決本題有兩個關鍵：一是正確分析物塊的受力情況，判斷其運動情況二是明確能量是如何轉化的，運用牛頓第二定律和能量守恒定律進行解答8、AC【解析】試題分析：在最高點，物體沿半徑方向的合力提供向心力，根據牛頓第二定律判斷是否有支持力若，則，得，則物體對半球面頂點無壓力，故A正確；若，則，得，則物體對半球面頂點的壓力為，

18、故B錯誤；設物體受支持力為F，根據牛頓第二定律： ，得F=mg，物體對半球頂點的壓力為mg，故C正確D錯誤9、BCD【解析】AB之間的最大靜摩擦力為：fmax=mAg=2mgB與地面間的最大靜摩擦力為：則對A，有故拉力F最小為所以此時AB將發生滑動A當時，A相對于B靜止，二者以共同的加速度開始運動，故A錯誤；B當時，故AB間不會發生相對滑動，由牛頓第二定律有故B正確；C當時，A相對于B滑動，故C正確；DA對B的最大摩擦力為2mg，B受到的地面的最大靜摩擦力為當拉力超過一定值后，無論拉力多大，B受到A的摩擦力不變，故加速度不變，大小為所以無論F為何值，加速度均不會超過，故D正確。10、BC【解析

19、】衛星a隨地球自轉做勻速圓周運動向心力由萬有引力的分力提供：，可知其向心加速度小于重力加速度g，故A錯誤；對b、c、d萬有引力提供向心力：，可得軌道半徑越大，線速度、角速度越小，a、c兩顆衛星角速度相等，再結合v=r可知c的線速度大于a的線速度，所以四個衛星中b的線速度最大，故B正確；a、c周期相等都是24小時，c在4小時內(即T/6)轉過的圓心角是/3，2小時是T/12，a轉過的圓心角是/6，所以C正確；根據可知，軌道半徑越大，周期越大，b、c、d三顆衛星，d的周期最大，b的周期最小，故d的周期大于24小時，所以D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求

20、寫出演算過程。11、方向 3.6 ABC B 【解析】(1)1為了驗證力的平行四邊形定則，除了記錄力的大小還應記錄力的方向，所以應記錄三條細線的方向；(2)2彈簧測力計讀數，每1N被分成5格，則1格就等于0.2N圖指針落在3N到4N的第3格處，所以3.6N；(3)3A實驗通過作出三個力的圖示，來驗證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力必須要知道，故A正確；B彈簧測力計是測出力的大小，所以要準確必須在測量之前校零，故B正確；C拉線方向必須與木板平面平行，這樣才確保力的大小準確性，故C正確；D、當結點O位置確定時，彈簧測力計A的示數也確定，由于重物的重力已確定，兩力大小與方向均一定，因此彈簧測力

21、計B的大小與方向也一定，所以不需要改變拉力多次實驗，故D錯誤。(4)4由實驗原理可知該同學在做“驗證力的平行四邊形法則”的實驗中采取了等效替代法，即合力與分力的關系是等效的，故B正確。12、AC 【解析】(1) A、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故A正確.B、為了使小球碰后不被反彈，要求被碰小球質量大于碰撞小球質量，故B錯誤.C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確D、本實驗中兩小球落地時間相同，故不需要測量高度h來計算下落時間；故D錯誤；故選AC.(2)未放被碰球時的落點為P點，用盡可能小的圓將盡可能多的小球的落點圈住，圓心的位置就可以

22、看成是小球的平均落點；該落點的讀數為25.55cm.(3)小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，小球的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則：m1v1=m1v1+m2v2，兩邊同時乘以時間t得：m1v1t=m1v1t+m2v2t，則：m1xOP=m1xOM+m2xON，故實驗需要驗證的表達式為：.【點睛】該題考查用“碰撞試驗器”驗證動量守恒定律，該實驗中，雖然小球做平拋運動，但是卻沒有用到速和時間，而是用位移x來代替速度v，成為是解決問題的關鍵.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)3mg (2)h=L (3)L2【解析】（1）設小球運動到最低點的速率為v0，小球向下擺動過程，由動能定理mgL=12mv02 得v0=2gL 小球在圓周運動最低點時拉力最大，由牛頓第二定律：T-mg=mv2L