1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩質量相等的小球a、b用輕彈簧A、B連接并懸掛在天花板上保持靜止現用一水平力F作用在a上并緩慢拉a，當B與豎直方向夾角為45時，A、B伸長量剛好相同若A、B的勁度

2、系數分別為k1、k2，則以下判斷正確的是（ ）AA、B兩彈簧產生的彈力大小相等B撤去F的瞬間，a球的加速度為2gCD撤去F的瞬間，b球處于失重狀態2、某船在靜水中的速度v1=5m/s，要渡過寬30m的河，河水的流速v2=4m/s，下列說法正確的是（ ）A該船渡河所用時間至少是7.5sB該船的航程至少等于30mC若河水的流速增大，則渡河的最短時間變長D該船以最短時間渡河時的位移大小為30m3、火星的質量和半徑分別約為地球的 和 ，地球表面的重力加速度為g，則火星表面的重力加速度約為()A0.2gB0.4gC2.5gD5g4、有一個直角支架AOB，A0水平放置，表面粗糙，OB豎直放置，表面光滑A0

3、上套有小環P，OB上套有小環Q，兩環質量均為m，兩環用一質量可忽略、不可伸長的細繩相連，并在某一位置平衡，如圖，現將P環向左移一小段距離，兩環再次達到平衡，那么將移動后的平衡狀態和原來的平衡狀態比較，AO桿對P環的支持力FN和細繩上的拉力FT的變化情況是（）AFN不變，FT變大BFN不變，FT變小CFN變大，FT變大DFN變大，FT變小5、2018年全球最具價值汽車品牌百強榜上榜的中國汽車品牌數從去年的15個已經上漲到22個了，其中共有9個新入品牌，發展非常迅速某廠家為了測試新款汽車的性能，將兩輛完全相同的汽車并排停在檢測場平直跑道上，時刻將兩車同時啟動，通過車上的速度傳感器描繪出了兩車的速度

4、隨時間的變化規律圖線（甲為一條過原點的傾斜直線），圖像中兩陰影部分的面積，下列說法正確的是：A時刻甲車的加速度小于乙車B時刻甲車在前，時刻乙車在前C時刻兩車可能相遇2次D時刻甲車的平均速度大于乙車6、如圖甲所示，電源電動勢E6 V，閉合開關，將滑動變阻器的滑片P從A端滑至B端的過程中，得到電路中的一些物理量的變化如圖乙、丙、丁所示其中圖乙為輸出功率與路端電壓的關系曲線，圖丙為路端電壓與總電流的關系曲線，圖丁為電源效率與外電路電阻的關系曲線，不考慮電表、導線對電路的影響則下列關于圖中a、b、c、d點的坐標值正確的是Aa（3 V,4.5 W）Bb（4.5v ,2.88 W）Cc（0.6 A,4.5

5、 V）Dd（2 ，80%）二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質量m的物塊（可視為質點）以v0的初速度從傾角=30的粗糙斜面上的P點沿斜面向上運動到達最高點后，又沿原路返回到出發點P點，其速度隨時間變化的圖象如圖所示，且不計空氣阻力下列說法中正確的是（ ）A物塊所受的重力與摩擦力大小之比為5：3B整個過程中物塊克服摩擦力做功的功率為C整個過程中重力做功比摩擦力做功大D整個過程中重力沖量與摩擦力沖量之比10：18、質量為m的物體，在距地面h高處以初速度V豎直向下拋出其加

6、速度大小為0.5g,方向豎直向下則在其下落到地面的過程中下列說法中正確的是（ ）A物體的重力勢能減少B物體的動能增加C物體的機械能減少D落地時的動能為9、關于熱力學定律，下列說法正確的是（）A氣體吸熱后溫度一定升高B對氣體做功可以改變其內能C理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個系統分別與狀態確定的第三個系統達到熱平衡，那么這兩個系統彼此之間也必定達到熱平衡10、如圖所示，A是靜止在赤道上的物體，隨地球自轉而做勻速圓周運動；B、C是同一平面內兩顆人造衛星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是地球同步衛星已知第一宇宙速度為，物體A和衛星B、C的線

7、速度大小分別為、，周期大小分別為TA、TB、TC，則下列關系正確的是（）ABC D三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖所示實驗裝置驗證m1、m2組成的系統機械能守恒，m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。下圖給出的是實驗中獲取的一條紙帶：O是打下的第一個點，每相鄰兩個計數點間還有4個點（圖中未標出，交流電的頻率為50Hz），計數點間的距離如圖所示。已知m1=50g，m2=150g，則：（g取9.8m/s2，結果均保留兩位有效數字）（1）在打點05過程中系統動

8、能的增加量EK=_J，系統勢能的減少量EP=_J； （2）若某同學作出 -h圖象如圖所示，則當地的實際重力加速度 g=_m/s2.12（12分）小明對2B鉛筆芯的導電性能感興趣，于是用伏安法測量其電阻值：（1）圖1是部分連接好的實物電路圖，請用電流表外接法完成接線并在圖1中畫出_；（2）小明用電流表內接法和外接法分別測量了一段2B鉛筆芯的伏安特性，并將得到的電流、電壓數據描到UI圖上，如圖2所示在圖中，由電流表外接法得到的數據點是用_（填“”或“”）表示的；（3）請你選擇一組數據點，在圖2上用作圖法作圖，并求出這段鉛筆芯的電阻為_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答

9、題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，質量的木板靜止在水平地面上，質量、大小可以忽略的鐵塊靜止在木板的右端設最大摩擦力都等于滑動摩擦力，書籍木板與地面間的動摩擦因數，鐵塊與木板之間的動摩擦因數，取現給鐵塊施加一個水平向左的力F(1)若力F恒為8 N，經1 s鐵塊運動到木板的左端.求木板的長度；(2)若力F從零開始逐漸增加，且木板足夠長.試通過分析與計算，在坐標圖中作出鐵塊受到的摩擦力f隨力F大小變化的圖象.14（16分）某校興趣小組制作了一個游戲裝置，其簡化模型如圖所示，在A點用一彈射裝置可將靜止的小滑塊以v0水平速度彈射出去，沿水平直線軌道運動到B點后，進入半徑

10、R=0.1m的光滑豎直圓形軌道，運行一周后自B點向C點運動，C點右側有一陷阱，C、D兩點的豎直高度差h=0.1m，水平距離s=0.6m，水平軌道AB長為L1=0.5m，BC長為L1=1.5m，小滑塊與水平地面間的動摩擦因數=0.4，重力加速度g=10m/s1(1)若小滑塊恰能通過圓形軌道的最高點，求小滑塊在A點彈射出的速度大小；(1)若游戲規則為小滑塊沿著圓形軌道運行一周離開圓形軌道后只要不掉進陷阱即為勝出求小滑塊在A點彈射出的速度大小范圍；(3)若小滑塊是與從光滑斜軌道E點靜止釋放的小球發生完全非彈性碰撞后，離開A點的（小球質量與小滑塊的質量相等，且均可視為質點，斜軌道與水平地面平滑連接），

11、求當滿足(1)中游戲規則時，釋放點E與過A水平面的豎直高度H的大小范圍.15（12分）如圖所示，在水平面上有一彈簧，其左端與墻壁相連，O點為彈簧原長位置，O點左側水平面光滑，OP長L= 1m，P點右側一與水平方向成=30的足夠長的傳送帶與水平面在P點平滑連接，皮帶輪逆時針轉動速率為3m/s一質量為m=lkg可視為質點的物塊A壓縮彈簧（與彈簧不栓接），使彈簧獲得彈性勢能Ep= 9J，物塊與OP段間的動摩擦因數1=0.1，另一與完全相同的物塊B停在P點，B與傳送帶間的動摩擦因數2=，傳送帶足夠長，A與B的碰撞時間不計，碰后A、B交換速度，重力加速度g=10m/s2，現釋放A，求：（1）物塊A第一次

12、經過O點時的速度大小v0；（2）A、B第一次碰撞后B沿傳送帶上滑的最大位移x；（3）從A、B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B與傳送帶之間由于摩擦而產生的熱量Q；（4）A、B能夠碰撞的總次數參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】試題分析：先對b球受力分析，根據力的平衡條件求出彈簧A的拉力；再對a、b球整體受力分析，根據平衡條件求出彈簧B的拉力；最后根據胡克定律判斷兩個彈簧的勁度系數之比；根據牛頓第二定律判斷撤去F瞬間兩球的加速度，從而確定兩球的狀態設兩球的質量都為m，先對b球受力分析，受重力和拉力，由力的平衡條

13、件得，A彈簧的拉力，再對a、b球整體受力分析，受重力、拉力和彈簧的拉力，如圖所示：由力的平衡條件得，由胡克定律得，則有，AC錯誤；a球受重力、拉力和兩個彈簧的拉力，撤去拉力F瞬間，其余3個力不變，其合力，由牛頓第二定律得，a球的加速度，B正確；b球受重力和拉力，撤去F的瞬間，重力和彈力都不變，其加速度仍然為零，處于平衡狀態，D錯誤2、B【解析】A.當船的靜水中的速度垂直河岸時渡河時間最短：故A不符合題意；B.因v1v2，由平行四邊形法則求合速度可以垂直河岸，渡河最短航程為30m，故B符合題意；C.水的流速增大，由運動的獨立性知垂直河岸的速度不變，渡河時間不變，故C不符合題意；D.般以最短時間渡

14、河時沿河岸的位移：x=v2tmin=46m=24m合位移：故D錯誤。3、B【解析】試題分析：根據星球表面的萬有引力等于重力列出等式表示出重力加速度通過火星的質量和半徑與地球的關系找出重力加速度的關系根據星球表面的萬有引力等于重力知道得出：火星的質量和半徑分別約為地球的和所以火星表面的重力加速度，故選B考點：萬有引力定律及其應用點評：求一個物理量之比，我們應該把這個物理量先根據物理規律用已知的物理量表示出來，再進行之比4、B【解析】以兩環組成的整體，分析受力情況如圖1所示根據平衡條件得，N2mg保持不變再以Q環為研究對象，分析受力情況如圖2所示設細繩與OB桿間夾角為，由平衡條件得，細繩的拉力，P

15、環向左移一小段距離時，減小，cos變大，T變小，即FN不變，FT變小，故B正確，ACD錯誤5、D【解析】A v-t圖的斜率表示加速度，由圖可知，時刻甲車的加速度大于乙車，A錯誤B v-t圖的面積表示位移，由圖可知，時刻乙的位移大于甲的位移，所以時刻乙車在前，同理時刻甲車在前，B錯誤C時刻兩車相遇的時刻在時刻后，時刻前，相遇1次，C錯誤D時刻甲車的位移大于乙車，故甲車的平均速度大于乙車，D正確6、A【解析】A由丙圖可知短路電流為 I短=3A，由得：；當輸出功率達到最大時：R=r=2，此時路端電壓為U=3V，所以各點的坐標為：a點：U=3V， A點坐標為：（3V，4.5W）；選項A正確；BCD電源

16、效率最高時，滑動變阻器的阻值最大，由丙圖知電源的最大效率為 =80%由解得：R=8變阻器的滑動頭C在右端B時，分別對應c、b、d三點。b點、c點：R=8，U=E-Ir=6-0.62=4.8VP=UI=4.80.6W=2.88W所以b點的坐標為：（4.8V，2.88W）；c點的坐標為（0.6A，4.8V）；d點坐標為（8，80%）；故BCD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】物塊上滑和下滑的位移大小相等，根據位移時間公式分析加速度關系，由牛頓第二定律求

17、得重力和摩擦力之比由動能定理求出克服摩擦力做的功，再求物塊克服摩擦力做功的功率整個過程中重力做功為零由沖量的定義求重力沖量與摩擦力沖量之比【詳解】A項：設物塊返回到出發點P點時速度大小為v根據物塊上滑和下滑的位移大小相等，得，解得： 所以物塊上滑的加速度為 下滑的加速度大小為根據牛頓第二定律上滑有 mgsin+f=ma1下滑有 mgsin-f=ma2聯立解得，則mg：f=11：3，故A錯誤；B項：對整個過程，由動能定理得，可解得：，這個過程中物塊克服摩擦力做功的功率為，故B正確；C項：這個過程中重力做功為零，比摩擦力做功小，故C錯誤；D項：這個過程中重力沖量 IG=mg3t1=3mgt1摩擦力

18、沖量 If=f2t1-ft1=1.3mgt1所以 IG：If=11：1，故D正確故應選：BD【點睛】本題是力學綜合題，關鍵要明確物塊兩個過程之間的關系，如位移關系、時間關系和速度關系，分段運用牛頓第二定律運用動能定理求摩擦力做功，由沖量的定義求重力和摩擦力的沖量都是常用方法，要熟練掌握8、BC【解析】A、物體在下落過程中，重力做正功為，則重力勢能減小即為故A錯誤， B、物體所受的合力為，則合力做功為 ，所以動能增加了，故B正確；C、物體下落過程中受到向下的重力和向上的力，而物體下落過程中受到的合外力大小為 ，即 解得： 機械能的改變與做功的多少有關，所以機械能減少了 ，故C正確；D、由動能定理

19、知： ，所以，故D錯誤；綜上所述本題答案是：BC9、BDE【解析】A氣體吸熱后，若再對外做功，溫度可能降低，故A錯誤；B改變氣體內能的方式有兩種：做功和熱傳導，故B正確；C理想氣體等壓膨脹過程是吸熱過程，故C錯誤；D根據熱力學第二定律，熱量不可能自發地從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；E如果兩個系統分別與狀態確定的第三個系統達到熱平衡，那么這兩個系統彼此之間也必定達到熱平衡，否則就不會與第三個系統達到熱平衡，故E正確。故選BDE【點睛】本題主要考查了熱力學定律、理想氣體的性質此題考查了熱學中的部分知識點，都比較簡單，但是很容易出錯，解題時要記住熱力學第一定律E=W+Q、熱力學第二定律有關結論以

20、及氣體的狀態變化方程等重要的知識點10、BC【解析】AB地球赤道上的物體與同步衛星具有相同的角速度，所以A=C，根據v=r，C的線速度大于A的線速度根據得B的線速度大于C的線速度，故A錯誤，B正確；CD衛星C為同步衛星，所以TA=TC，根據得C的周期大于B的周期，故C正確，D錯誤【點睛】地球赤道上的物體與同步衛星具有相同的角速度和周期，根據v=r，a=r2比較線速度的大小和向心加速度的大小，根據萬有引力提供向心力比較B、C的線速度、角速度、周期和向心加速度大小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.58 0.59 9.7 【解析】(1)

21、1根據在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，可知打5點時的速度為物體的初速度為零，所以動能的增加量為2重力勢能的減小量等于物體重力做功，故(2)3根據機械能守恒可知即有圖象中圖象的斜率表示重力加速度的一半，由圖可知，斜率k=4.85故當地的實際重力加速度為12、 用“”連線求得電阻約為1.11.3；用“”連線求得電阻約為1.51.7 【解析】（1）1實物電路如圖：（2）2因用電流表的外接法，電壓的測量值偏小，同一電流值，電壓值較小，由圖知得到的數據點是用“”表示的；（3）3電流表的外接法測量數據為用“”表示的，可求其連線直線的斜率約為1.11.3；用“”連線求得電阻約

22、為1.51.7。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）L=1 m （2）【解析】(1)根據牛頓第二定律分別求出鐵塊和木板的加速度，鐵塊相對木板的位移等于木板的長度時鐵塊滑到木板的左端，由位移公式求解木板的長度(2)若力F從零開始逐漸增加，根據F與鐵塊的最大靜摩擦力關系，以及鐵塊對木板的滑動摩擦力與木板所受地面的最大 靜摩擦力，分析鐵塊的運動狀態，確定平衡條件或牛頓第二定律研究鐵塊所受的摩擦力【詳解】(1)對鐵塊，由牛頓第二定律：對木板，由牛頓第二定律：設木板的長度為L，經時間t鐵塊運動到木板的左端，則：聯立解得

23、(2)當，系統沒有被拉動，靜摩擦力與外力成正比，即當時，如果M、m相對靜止，鐵塊與木板有相同的加速度a，則解得此時：，也即F6 N所以當26 N時，M、m相對滑動，此時鐵塊受到的摩擦力為：FfF圖象如圖所示:【點睛】第1題關鍵抓住兩個物體的位移與木板長度的關系第2題根據F與最大靜摩擦力的關系，分析物體的運動狀態是關鍵，要進行討論14、 (1)v1=3m/s (1) 3m/svA4m/s和vA5m/s (3) 1.8mH3.1m和H5m【解析】試題分析：解：小滑塊恰能通過圓軌道最高點的速度為v，由牛頓第二定律：（1分）由B到最高點小滑塊機械能守恒得：12mvB2=2mgR+12mv2 （1分）由A到B動能定理： （1