1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、北京時間 6 月 23 日凌晨，2018 年國際田聯世界挑戰賽馬德里站如期舉行。如圖所示，蘇炳添在 百米大戰中，以 9.91s 獲得冠軍，再次平了亞洲記錄，成為當之無愧的“亞洲第一飛人”。據悉 蘇炳添的起跑反應時間是 0.138s，也是所有選手中最快的一個。下列說法正確的是 A蘇炳添的起跑反應時間 0.138s，指的是時刻B在研究蘇炳添的起跑技術動作時可以將他看作質點C蘇炳添這次比賽的平均速度大小約為 10.09 m/sD以其他運動員為參照物，蘇炳添總是靜止的2、長為l0

3、的輕桿一端固定一個質量為m的小球，繞另一端O在豎直平面內做勻速圓周運動，如圖所示若小球運動到最高點時對桿的作用力為2mg，以下說法正確的是A小球運動的線速度大小為B小球運動的線速度大小為C小球在最高點時所受的合力3mgD小球在最低點時所受桿的拉力為3mg3、一種比飛機還要快的旅行工具即將誕生，稱為“第五類交通方式”，它就是“Hyperloop（超級高鐵）”。據英國每日郵報2016年7月6日報道：Hyperloop One公司計劃，2030年將在歐洲建成世界首架規模完備的“超級高鐵”（Hyperloop），連接芬蘭首都赫爾辛基和瑞典首都斯德哥爾摩，速度可達每小時700英里（約合1126公里/時）

4、。如果乘坐Hyperloop從赫爾辛基到斯德哥爾摩，600公里的路程需要40分鐘，Hyperloop先勻加速，達到最大速度1200 km/h后勻速運動，快進站時再勻減速運動，且加速與減速的加速度大小相等，則下列關于Hyperloop的說法正確的是（）A加速與減速的時間不相等B加速時間為10分鐘C加速時加速度大小為2 m/s2D如果加速度大小為10 m/s2，題中所述運動最短需要32分鐘4、如圖，閉合銅制線框用細線懸掛，靜止時其下半部分位于與線框平面垂直的磁場中，若將細線剪斷后線框仍能靜止在原處，則磁場的磁感應強度B隨時間t變化規律可能的是ABCD5、將兩個質量均為m的小球a、b用細線相連后，再

5、用細線懸掛于O點，如圖所示。用力F拉小球b，使兩個小球都處于靜止狀態，且細線Oa與豎直方向的夾角保持30，則F達到最小值時Oa繩上的拉力為（ ）ABmgCD6、某班級同學要調換座位，一同學用斜向上的拉力拖動桌子沿水平地面勻速運動已知桌子的總質量為10 kg，若拉力的最小值為50 N，此時拉力與水平方向間的夾角為重力加速度大小為g=10 m/s2，桌子與地面間的動摩擦因數為，不計空氣阻力，則A，=60B，=60C，=30D，=30二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一輕

6、質長木板置于光滑水平地面上，木板上放有質量分別為mA1 kg和mB2 kg的A、B兩物塊，A、B與木板之間的動摩擦因數都為0.2，水平恒力F作用在A物塊上，如圖所示g取10 m/s2.下列說法正確的是()A若F1 N，則兩物塊與木板都靜止不動B若F1.5 N，則A物塊所受摩擦力大小為1.5 NC若F4 N，則B物塊所受摩擦力大小為2ND若F8 N，則B物塊所受摩擦力大小為2 N8、如圖所示，一個表面光滑的斜面體M置于水平地面上，它的兩個斜面與水平面的夾角分別為、，且，M的頂端裝有一定滑輪，一輕質細繩跨過定滑輪后連接A、B兩個小滑塊，細繩與各自的斜面平行，不計繩與滑輪間的摩擦，A、B恰好在同一高

7、度處于靜止狀態。剪斷細繩后，A、B滑至斜面底端，M始終保持靜止。則（）A滑塊A的質量大于滑塊B的質量B兩滑塊到達斜面底端時的速度大小相同C兩滑塊同時到達斜面的底端D在滑塊A、B下滑的過程中，斜面體受到水平向左的摩擦力9、如圖所示，半徑為R的光滑圓環固定在豎直面內，質量均為m的兩球用輕桿連接并套在圓環上，開始時輕桿豎直。同時由靜止釋放兩球，當A球運動到B開始的位置時，輕桿剛好水平，重力加速度為g，則從開始運動到輕桿水平的過程中，下列說法正確的是（）A小球A、B組成的系統的機械守恒B小球A、B速度大小均為C桿對小球B做的功為0D桿對小球A做正功10、如圖，在光滑水平面上有一質量為的物體，在與水平方

8、向成角的恒定拉力作用下運動，則在時間內（ ）A重力的沖量為B拉力的沖量為C拉力的沖量為D物體動量的變化量等于三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小明同學用如圖所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律（1）該實驗裝置中有兩處錯誤，分別是：_和_（2）小明同學在老師的指導下改正了實驗裝置中的錯誤后，將細繩對小車的拉力當作小車及車上砝碼受到的合外力，來驗證“合外力一定時加速度與質量成反比”小明同學在實驗時用電磁打點計時器打了一條理想的紙帶，他按要求選取計數點后，在測量各相鄰兩計數點間的距離時不慎將紙帶撕成了幾段，如圖所示，但他知道甲、乙屬于同一紙

9、帶，則丙、丁、戊中屬于上述紙帶的是_已知打點計時器所用電源頻率為50Hz，則由甲、乙紙帶可求得小車的加速度大小為_m/s2(結果保留兩位小數)12（12分）研究性學習小組為“研究勻變速直線運動的規律”和“測當地的重力加速度”，采用了如圖1所示的裝置，其中m150g、m1150g，開始時保持裝置靜止，然后釋放物塊m1，m1可以帶動m1拖著紙帶打出一系列的點，只要對紙帶上的點進行測量，即可研究勻變速直線運動某次實驗打出的紙帶如圖1所示，0是打下的第一個點，兩相鄰點間還有4個點沒有標出，交流電頻率為50Hz（1）系統的加速度大小為_m/s1，在打點05的過程中，系統動能的增量Ek_J（1）忽略一切阻

10、力的情況下，某同學作出的 h圖象如圖3所示，則當地的重力加速度g_m/s1四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，光滑水平面AB與豎直面的半圓形導軌在B點相連接，導軌半徑為R，一質量為m的靜止木塊在A處壓縮彈簧，釋放后，木塊獲得一向右的初速度，當它經過B點進入導軌瞬間對導軌的壓力是其重力的7倍，之后向上運動恰能通過軌道頂點C，不計空氣阻力，試求：（1）彈簧對木塊所做的功；（2）木塊從B到C過程中克服摩擦力做的功；（3）木塊離開C點落回水平面所需的時間和落回水平面時的動能。14（16分）一輕質彈簧水平放置，

11、一端固定在A點，另一端與質量為m的小物塊P接觸但不連接AB是水平軌道，質量也為m的小物塊Q靜止在B點，B端與半徑為R的光滑半圓軌道BCD相切，半圓的直徑BD豎直，如圖所示物塊P與AB間的動摩擦因數=0.1初始時PB間距為4R，彈簧處于壓縮狀態釋放P，P開始運動，脫離彈簧后在B點與Q碰撞后粘在一起沿軌道運動，恰能經過最高點D，己知重力加速度g，求：（1）粘合體在B點的速度（2）初始時彈簧的彈性勢能15（12分）如圖所示，長L=8m，質量M=3kg的薄木板靜止放在光滑水平面上，質量m=1kg的小物體放在木板的右端，現對木塊施加一水平向右的拉力F，取g=10m/s2，求：(1)若薄木板上表面光滑，欲

12、使薄木板以2 m/s2的加速度向右運動，需對木板施加的水平拉力為多大?(2)若木板上表面粗糙，物體與薄木板間的動摩擦因數為0.3，若拉力F=6N，求物體對薄木板的摩擦力大小和方向？(3)若木板上表面粗糙，物體與薄木板間的動摩擦因數為0.3，若拉力F=15N，物體所能獲得的最大速度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當物體的大小和形狀在所研究的問題中可以忽略時，物體可以看作質點；平均速度等于位移與時間的比值。【詳解】蘇炳添的起跑反應時間 0.138s，指的是時間，故A錯誤；研究起跑動作時，運動員的肢體動作

13、是不能忽略的；故大小和形狀不能忽略；不能看作質點，故B錯誤；蘇炳添這次比賽的平均速度大小約為，故C正確；以其他運動員為參照物，蘇炳添不一定是靜止的，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。【點睛】本題考查質點、平均速度、參考系等內容，要注意明確平均速度和瞬時速度的區別，瞬時速度可以精確描述物體的運動狀態，而平均速度只能粗略地描述物體的運動。2、C【解析】A. 小球運動到最高點時對桿的作用力為2mg，因為小球做勻速圓周運動需要向心力，桿對小球只能是拉力，等于2mg，所以小球受到的合力等于3mg合力提供向心力：，得，AB錯誤，C正確；D. 在最低點對小球受力分析，則有，因為做勻速圓周運動，因此可得拉力為

14、4mg，D錯誤3、B【解析】A加速與減速的加速度大小相等，加速和減速過程中速度變化量的大小相同，根據：可知加速和減速所用時間相同，A錯誤；BC加速的時間為，勻速的時間為，減速的時間為，由題意得：聯立方程解得：勻加速和勻減速用時：勻速運動的時間：加速和減速過程中的加速度：B正確，C錯誤；D同理將上述方程中的加速度變為，加速和減速的時間均為：加速和減速距離均為勻速運動用時：總時間為：D錯誤。故選B。4、B【解析】因剪斷細線后線框仍能靜止在原處，可知安培力向上，根據楞次定律可知，穿過線；圈的磁通量增加，磁感應強度增強，選項D錯誤；設B=B0+kt;根據平衡知識； 即 ，式中mg、B0、S、L及R均為

15、定值，則隨時間t的增加，k減小時，等式兩邊才能平衡，故選項B正確，AC錯誤；故選B.5、A【解析】將a、b兩小球視為整體受力分析，根據力的合成：可知當外力垂直繩子時有最小值，則Oa繩子的拉力：A正確，BCD錯誤。故選A。6、A【解析】對桌子受力分析，如圖所示根據平衡條件可知，水平方向有，豎直方向有，其中，故，令，則；當時，F有最小值， ，故，選項A正確故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A與木板間的最大靜摩擦力：fA=mAg=0.2110N=2N，

16、B與木板間的最大靜摩擦力：fB=mBg=0.2210N=4N，A.F=1NfA，所以AB相對木板保持相對靜止，整體在F作用下向左勻加速運動，故A錯誤；B. 若F=1.5NF0，所以A在木板上滑動，B和木板整體受到摩擦力2N，B的加速度a=1m/s2對B進行受力分析,摩擦力提供加速度，f=mBa=21=2N，故C正確；D.F=8NF0，所以A相對于木板滑動，B和木板整體受到摩擦力2N，B的加速度a=1m/s2，故D正確故選CD點睛：根據滑動摩擦力公式求出A、B與木板之間的最大靜摩擦力，比較拉力和最大靜摩擦力之間的關系判斷物體的運動情況，進而判斷物體所受摩擦力的情況，根據牛頓第二定律求出B的加速度

17、8、ABD【解析】A由題意可知滑塊A和滑塊B沿斜面方向的分力等大，有由于，故可得，故A正確；B剪斷細繩后，兩滑塊下落過程中機械能守恒，有可得由于兩滑塊離地高度差相等，故落地速度大小相等，方向不同，與質量無關，故B正確；C滑塊下滑過程中由牛頓第二定律得所以得又由于，則，物體的運動時間因為速度大小相同，故可得，故C錯誤；D根據牛頓第三定律可知滑塊A和B對斜面的壓力大小分別等于它們重力沿垂直斜面的分力，如圖：故有因為由A選項可知并且，所以有故斜面體受到水平向左的摩擦力，故D正確。故選ABD。9、AB【解析】A由于環是光滑的，因此對于A、B組成的系統，只有重力做功，系統的機械能守恒，故A正確；BCD當

18、桿水平時，設A、B兩球的速度均為v，由題意可知則因此從開始到桿水平時，B球的機械能增加，則A球的機械能減少，所以桿對小球B做正功，桿對小球A做負功，故B正確，CD錯誤。故選AB。10、BD【解析】重力的沖量，故A錯誤；拉力的沖量，所以B正確，C錯誤；各力的沖量，根據動量定理知，合力的沖量等于動量的變化量，則動量的變化量為，所以D正確故選BD點睛：解決本題的關鍵知道沖量等于力與時間的乘積，知道合力的沖量等于動量的變化量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）滑輪太高(或細繩與長木板不平行 打點計時器接到直流電源上(或打點計時器未接交流電

19、源) （2）戊 1.13 【解析】（1）電磁打點計時器工作電壓是V以下的交流電源，該實驗裝置使用的是直流電源，故錯誤之處是打點計時器接到直流電源上(或打點計時器未接交流電源)，為了減小誤差，拉小車的拉力方向與長木板平行，即拉小車的細繩與長木板平行，該實驗裝置中細繩與長木板不平行，故錯誤之處是滑輪太高(或細繩與長木板不平行(2)從甲乙兩圖中可讀1與2的間距為3.65cm，2與3的間距為4.72cm，而小車在長木板上做勻加速運動，以此類推，3與4的間距為5.79cm，3與4的間距為6.86cm，接近6.99cm，故選戊（3）打點計時器所用電源頻率為50 Hz，每相鄰計數點時間為0.1s， 12、4

20、.8 0.576 9.6 【解析】（1）據題意，從紙帶可以求出系統的加速度：,而相鄰計數點之間時間間隔為：，則加速度為：，在打點05的過程中，系統動能的增量為：，計數點5的瞬時速度為：，則；（1）據，整理得：，則圖像斜率為：，重力加速度為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1）彈簧對木塊所做的功是3mgR；（2）木塊從B到C過程中克服摩擦力做的功是（3）木塊離開C點落回水平面所需的時間是，落回水平面時的動能是。【解析】試題分析：（1）由B點對導軌的壓力可求得物體在B點的速度，則由動能定理可求得彈簧對物塊的彈力所做

21、的功；（2）由臨界條件利用向心力公式可求得最高點的速度，由動能定理可求得摩擦力所做的功；（3）木塊離開C后做平拋運動，機械能守恒，由機械能守恒定律可以求出落地動能（1）設木塊經過B點進入半圓形導軌瞬間，所受支持力為FN，則由牛頓第二定律：FNmg=mvB2R由題意和牛頓第三定律得：FN=9mg可得，木塊經過B點的動能：12mvB2=4mgR由動能定理得：彈簧對木塊做的功與B點動能相等，為4mgR（2）木塊恰能通過軌道最高點C，在C點，由牛頓第二定律得： mg=mvC2R木塊從B到C過程中，運用動能定理得：-mg2R+Wf=12mvC2-12mvB2由上各式可得：Wf=32mgR（3）木塊離開C點落回水平地面的過程只有重力做功，故該過程機械能守恒，設地面為零勢能面，木塊離開C點落回水平地面時的動能：Ek=12mvc2+mg2R=52mgR14、（1） （2）12mgR【解析】試題分析：(1)根據物體恰能經過最高點D，由牛頓第二定律和機械能守恒定律可解得在B點的速度；(2) P與Q碰撞的過程水平方向動量守恒結合功能