1、第四章牛頓運動定律測試卷一、單選題（共12小題）i .在光滑水平面上，有一個物體同時受到兩個水平力Fi與F2的作用，在第 i s內(nèi)物體保持靜止狀態(tài).若力Fi與F2隨時間的變化關系如圖所示，則物體 （）A.在第2 s內(nèi)做加速運動，加速度大小逐漸減小，速度逐漸增大B.在第3 s內(nèi)做加速運動，加速度大小逐漸增大，速度逐漸增大C.在第4 s內(nèi)做加速運動，加速度大小逐漸增大，速度逐漸增大D.在第5 s末速度為零，運動方向與 Fi方向相同2.2013年6月20日上午，中國航天員王亞平在矢宮一號”為全國中小學生上了一堂別開生面的物理實驗課.如果在 天宮一號”內(nèi)做下列實驗，能夠成功的是 （）A.用溫度計測艙內(nèi)

2、的溫度B.用天平測物體質(zhì)量C.用彈簧秤測物體的重力D.用打點計時器測量重物由靜止開始沿斜面自由下滑的加速度3.如圖甲、乙所示，物塊 Ai、A2 &和B2的質(zhì)量均為 m, Ai、A2用剛性輕桿連接，BB2用輕質(zhì) 彈簧接連，兩個裝置都放在水平的支托物上，處于平衡狀態(tài)，今突然撤去支托物，讓物塊下落，在撤去支托物的瞬間，Ai、A2受到的合力分別為FA1、FA2,Bi、B2受到的合力分別為 FB1和FB2,不計空氣阻力.則（）乙A . fai= 0, fa2= 2mg , fbi=0, fb2 = 2mgB. FAi=mg, FA2=mg, FBi=0, FB2=2mgC. FA1=mg, FA

3、2=2mg, FBI = mg, FB2=mgD. FAi=mg, FA2= mg, FBi=mg, fb2= mg4.一個質(zhì)量為2 kg的物體，在5個共點力作用下保持平衡，大小分別為 2 N、5 N、9 N、10 N、15N,現(xiàn)撤消大小為10N的力，其余的力保持不變，此時該物體的加速度大小是()2A. 2 m/s2B. 13 m/s一 -2C. 12 m/sD. 5 m/s25.如圖所示，一輕繩的兩端分別固定在不等高的A、B兩點，現(xiàn)用另一輕繩將一物體系于。點，設輕繩AO、BO相互垂直，心3,且兩繩中的拉力分別為fa、fb,物體受到的重力為 G,下列表述正確的是().山A. FA 一定大于GB

4、 . FA 定大于 FBC. FA 一定小于FBD . FA與FB大小之和一定等于 G6.如圖所示，傳送帶與水平地面的傾角為0=37°, AB的長度為64 m ,傳送帶以20 m/s的速度沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，在傳送帶上端A點無初速度地放上一個質(zhì)量為8 kg的物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為0.5,則物體從 A點運動到 B點所用的時間為(sin 37 = 0.6, cos 37° = 0.8, g= 10m/s2)()A. 4.0 sB. 4.2 sC. 3.2 s37。，重物與車廂地板之間的D. 8.0 s 7.圖示為索道輸運貨物的情景.已知傾斜的索道與水平方向的夾角為動摩

5、擦因數(shù)為 0.30.當載重車廂沿索道向上加速運動時，重物與車廂仍然保持相對靜止狀態(tài)，重物對車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍，那么這時重物對車廂地板的摩擦力大小為（）A. 0.35mgB. 0.30mgC. 0.23mgD. 0.20mg8.如圖所示，光滑半球形容器固定在水平面上，。為球心，一質(zhì)量為 m的小滑塊，在水平力 F的作用下靜止于P點.設滑塊所受支持力為 Fn.OP與水平方向的夾角為 。下列關系正確的是（）A F 二A F tzn.0B. F= mg tan 0陽C- Fn=El3D. FN=mgtan99.下列對牛頓第一定律的理解正確的是（）A.牛頓第一定律是說當彈簧的勁度系

6、數(shù)一定時，彈簧的彈力與形變量成正比B.牛頓第一定律表明物體有保持原來運動狀態(tài)不變的性質(zhì)C.選擇不同的參考系時物體的運動狀態(tài)不同，但牛頓第一定律總是成立D.可以用實驗直接驗證牛頓第一定律托起”,10 .如圖所示是我國首次立式風洞跳傘實驗，風洞噴出豎直向上的氣流將實驗者加速向上 此過程中（）A .地球?qū)θ说奈腿藢Φ厍虻奈笮∠嗟菳 .人受到的重力和人受氣流的力是一對作用力和反作用力C.人受到的重力大小等于氣流對人的作用力大小D.人受到的重力與氣流對人的作用力是一對平衡力11 .如圖為第八屆珠海航展上中國空軍八一 ”飛行表演隊駕駛 殲一10”戰(zhàn)機大仰角沿直線加速爬升的情景.則戰(zhàn)機在爬升過程中

7、所受合力方向（）A.豎直向上B.與速度方向相同C.與速度方向相反D .與速度方向垂直12 .物體所受壓力的大小與受力面積之比叫做壓強，其定義式為p=、，它的單位是帕斯卡（Pa）,是一個導出單位.在國際單位制中，力學的基本單位有：千克 （kg）、米（m）、秒（s）,用上述單位表示 壓強的單位應為（）2A. kg m sB. kg/（m s2）C. kg m2 s2D. kg/（m2 s2）二、實驗題（共3小題）13 .某同學用圖示的裝置來驗證加速度和質(zhì)量成反比，在自制的雙層架子上固定平板玻璃，架子放 在水平桌面上，連接小車的細繩跨過定滑輪與小桶相連，實驗步驟如下：在兩個小桶中裝入適量細沙，并使兩

8、桶質(zhì)量（含沙子）相同兩車緊靠架子左邊的擋板，在乙車上放一個祛碼，同時釋放兩車，當車運動一段時間后，用手機對整個裝置進行拍照，在照片上，通過裝置上的刻度尺，測出甲、乙兩車運動的距離S1、S2,在乙車上逐漸增加祛碼個數(shù)，重復步驟（1）本實驗的原理是通過驗證小車發(fā)生的位移與小車的質(zhì)量成 ,來驗證合外力一定時加速 度與質(zhì)量成反比；（2）實驗前，該同學將裝置的左端適當墊高了一些，目的是 ;實驗過程中 車（填甲 或 乙”受到的拉力更接近沙桶（含沙子）的重力.若該同學以學為橫坐標，以乙車（含祛碼）的質(zhì)量m為縱坐標，作出的圖線是直線，該直線的斜率為 的質(zhì)量（填甲車”、乙車”含祛碼）或 沙桶”含沙子）.14 .

9、用如圖所示的實驗裝置做 探究加速度與力、質(zhì)量關系 ”的實驗：W jj（1）下面列出了一些實驗器材：電磁打點計時器、紙帶、帶滑輪的長木板、墊塊、小車和祛碼、砂 和砂桶.除以上器材外，還需要的實驗器材有： .（多選）A .天平（附祛碼）B.秒表C.刻度尺（最小刻度為mm）D.低壓交流電源（2）實驗中，需要平衡小車和紙帶運動過程中所受的阻力，正確的做法是 .A .小車放在木板上，把木板一端墊高，調(diào)節(jié)木板的傾斜程度，使小車在不受繩的拉力時沿木板做 勻速直線運動.B.小車放在木板上，掛上砂桶，把木板一端墊高，調(diào)節(jié)木板的傾斜程度，使小車在砂桶的作用下 沿木板做勻速直線運動.C.小車放在木板上，后面固定一條

10、紙帶，紙帶穿過打點計時器.把木板一端墊高，調(diào)節(jié)木板的傾 斜程度，使小車在不受繩的拉力時能拖動紙帶沿木板做勻速直線運動.（3）如圖為某次實驗紙帶，在相鄰兩計數(shù)點間都有四個打點未畫出，用刻度尺測得：S = 0.55 cm, S2= 0.94 cm, S3= 1.35 cm , S4= 1.76 cm , S5= 2.15 cm, S6= 2.54 cm.中葉儡干斷T悔T &小修11 §相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為 s;計數(shù)點“麗”7的位移S比較接近于 （填“A、B、C、D'序號）A . 2.76 cm B , 2.85 cm C, 2.96 cm D , 3.03 cm打下

11、“3點時小車的瞬時速度V3=m/s;小車的加速度 a = m/s2（計算結果均保留2位有效數(shù)字）（4）某小組在研究 外力一定時，加速度與質(zhì)量的關系”時，保持砂和砂桶質(zhì)量不變，改變小車質(zhì)量M,分別記錄小車加速度a與其質(zhì)量 M的數(shù)據(jù).在分析處理數(shù)據(jù)時，該組同學產(chǎn)生分歧：甲同學認為根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可以作出小車加速度a與其質(zhì)量M的圖象，如圖甲，然后由圖象直接得出a與a與其質(zhì)量M成反比.乙學認為應該繼續(xù)驗證a與其質(zhì)量倒數(shù) 當是否成正比，并作出小車加速度倒數(shù)二的圖象，如圖乙所示.你認為 同學（選填 甲”或 乙”的方案更合理.打點片時落15.如圖所示的實驗裝置可以驗證牛頓第二定律，小車上固定盒子，盒子內(nèi)盛有沙子

12、.T-沙何（1）驗證在質(zhì)量不變的情況下，加速度與合外力成正比.從盒子中取出一些沙子，裝入沙桶中，稱量并記錄沙桶的總重力mg,將該力視為合外力 F,對應的加速度a則從打下的紙帶中計算得出.多次改變合外力F的大小，每次都會得到一個相應的加速度.本次實驗中，桶內(nèi)的沙子取自小車中.故系統(tǒng)的總質(zhì)量不變.以合外力F為橫軸，以加速度a為縱軸，畫出aF圖象，圖象是一條過原點的直線.aF圖象斜率的物理意義是你認為把沙桶的總重力當作合外力F是否合理?答：（填答理”或不合理”）本次實驗中，是否應該滿足懸掛的沙桶總質(zhì)量一定要遠遠小于小車（包括盛沙的盒及盒內(nèi)的沙 ）的總質(zhì)量？答：（填是"或否"）理由

13、是（2）驗證在合外力不變的情況下，加速度與質(zhì)量成反比保持桶內(nèi)沙子質(zhì)量不變，在盒子內(nèi)添加或去掉一些沙子，驗證加速度與質(zhì)量的關系.本次實驗中，桶內(nèi)的沙子總質(zhì)量不變，故系統(tǒng)的所受的合外力不變.用圖象法處理數(shù)據(jù)時，以加速度a為縱軸,應該以哪一個質(zhì)量的倒數(shù)為橫軸？A.小車質(zhì)量、盒子及盒內(nèi)沙子質(zhì)量之和B.小車質(zhì)量、盒子及盒內(nèi)沙子與懸掛的沙桶（包括桶與桶內(nèi)的沙）質(zhì)量之和答：（填 "A'或 "B”）三、計算題（共3小題）16 .如圖，一足夠長的平木板靜置于水平地面上，質(zhì)量為 M = 4 kg,從某時刻開始給木板施加一水平向右的大小為20 N的恒力F,使木板開始運動，經(jīng)過 3秒時，在

14、木板的前端輕放一個初速度為0質(zhì)量為m = 4 kg的小物塊.已知物塊與木板的摩擦因數(shù)為兇= 0.1,木板與地面間的摩擦因數(shù)為應= 0.4,靜摩擦因數(shù)和動摩擦因數(shù)相同，重力加速度 g= 10 m/s2試求：(1)從物塊放到木板上算起，最少經(jīng)過多長時間木板和木塊的速度相同？(2)木塊最終停在木板上什么位置？_ 17 .在水平地面上放一木板B,重力為 G2= 100 N,再在木板上放一貨箱A,重力為 Gi=500 N,設貨箱與木板、木板與地面間的動摩擦因數(shù)科均為0.5,先用繩子把貨箱與墻拉緊，如圖所示，已知B上施一水平力 F,想把木板從貨箱下抽出來,F至少應為多大?34sin 9=t', c

15、os0=,然后在木板5q18 .如圖甲所示，傾角為0= 37°的足夠長斜面上，質(zhì)量m= 1 kg的小物體在沿斜面向上的拉力F=14 N作用下，由斜面底端從靜止開始運動，2 s后撤去F,前2 s內(nèi)物體運動的v-t圖象如圖乙所示.求：(取 g=10 m/s2, sin 37=0.6, cos 37=0.8)(1)小物體與斜面間的動摩擦因數(shù)；(2)撤去力F后1.8 s時間內(nèi)小物體的位移.四、填空題(共3小題)19 .現(xiàn)有下列物理量和單位，按下面的要求選擇填空.A.力 B.米/秒C.牛頓 D.加速度 E.質(zhì)量F.秒 G.厘米 H.長度I.時間J.千克 K.米(1)屬于物理量的有 .(2)在國

16、際單位制中，其單位作為基本單位的物理量有 .(3)在國際單位制中屬于基本單位的有 ,屬于導出單位的有 .20 .A, B質(zhì)量分別為0.1 kg和0.4 kg, A, B間的動摩擦因數(shù)為0.5,放置在光滑的桌面上，要使 A沿著B勻速下降，則必須對物體B施加的水平推力 F至少為. (g取10 m/s2)ti21 .如圖所示，在車廂頂上吊一小球，小球懸線與豎直方向夾角為a,行車速度方向如圖所示，質(zhì) ,方向為.量為m的物體相對車廂靜止，則物體受到摩擦力大小為答案解析1 .【答案】B【解析】第2 s內(nèi)物體的合力不斷變大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度不斷變大，物體做加速運動， 速度逐漸增大，故 A錯誤；在第3

17、 s內(nèi)合力逐漸變大，故加速度不斷變大，合力與速度同方向， 物體做加速運動，故 B正確；在第4 s內(nèi)，合力逐漸減小，故加速度不斷減小，合力與速度同方向， 物體做加速運動，速度增大，故 C錯誤；在第5 s末，合力為零，故加速度為零，速度最大，此時 運動方向與Fi相同，故D錯誤.2 .【答案】A【解析】溫度計是利用液體的熱脹冷縮性質(zhì)制成的，和物體失重與否沒有關系，故A正確；天平實際上是等臂杠桿，根據(jù)杠桿平衡原理，當兩個托盤中物體的質(zhì)量相同時，天平就會平衡，被測 物體的質(zhì)量就等于祛碼的質(zhì)量.當物體處于完全失重狀態(tài)時，物體和祛碼對天平兩臂上的托盤壓力為零，天平始終平衡，無法測量物體的質(zhì)量，故在太空艙中不

18、能用天平測量物體的質(zhì)量.故B錯誤；太空艙中的物體處于完全失重狀態(tài)，物體對彈簧秤沒有拉力，不能用彈簧測力計測物體的 重力.故 C錯誤；太空艙中的物體處于完全失重狀態(tài)，重物不會由靜止開始沿斜面自由下滑.故D錯誤.3 .【答案】B【解析】Ai、A2由于用剛性輕桿連接，與剛性輕桿一起下落，根據(jù)牛頓第二定律，對整體研究得到，整體的加速度等于重力加速度g,則Ai、A2受到的合力都等于各自的重力，即 FA1=mg, FA2 =mg,對Bi和B2在除去支托物前，彈簧的彈力大小等于mg,支托物對B2的支持力大小等于2mg,在除去支托物的瞬間，彈簧的彈力沒有來得及變化，Bi的受力情況沒有變化，則Bi所受合力為零,

19、即fbi=0, B2所受的合力大小等于 2mg,即FB2=2mg.故B正確，A、C、D錯誤.4 .【答案】D【解析】撤消大小為I0 N的力，其余的力保持不變，物體受到的合力為I0 N ,則a=,。% =5 m/s2,所以D正確.6 .【答案】B【解析】對FA和FB正交分解，水平方向分力大小相等，豎直方向分力之和等于G,可知FA一定大于FB.7 .【答案】A【解析】開始時物體下滑的加速度：a1 = g(sin 37舉cos 37 )=i0 m/s2,運動到與傳送帶共速的時¥20 1 o，一同為：ti = -= s=2 s,下滑的距離：xi=1ait2 = 20 m；由于tan 37 =

20、 0.75>0.5故物體加速下滑，且此時：a2 = g(sin 37 二 cos 37) = 2 m/s2,根據(jù) X2=vt2+3a2t即 6420=2012+X2 解得：t2=2 s,故總時間為t = 4 s,選項A正確.8 .【答案】D【解析】由于重物對車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍，所以在豎直方向上有 Fn mg =ma上，解得a上=0.15g,設水平方向上的加速度為 a水，則言=tan 37 ,所以a水=0.2g,對物 體受力分析可知，在水平方向上摩擦力作為合力產(chǎn)生加速度，即Ff= ma水=0.20mg, D正確.9 .【答案】A【解析】對小滑塊受力分析，受水平推力F

21、、重力mg、支持力Fn,根據(jù)三力平衡條件，將水平推力F和重力mg合成，如圖所示，由幾何關系可得F=Fn =,所以 A 正確，B、C、D 錯誤.9.【答案】B【解析】胡克定律是說當彈簧的勁度系數(shù)一定時，彈簧的彈力與形變量成正比，A錯誤，牛頓第一定律表明物體有保持原來運動狀態(tài)不變的性質(zhì)，故B正確，選擇非慣性參考系牛頓第一定律不成立，C錯誤，牛頓第一定律是在實驗的基礎上進一步的推理概括出來的科學理論，不能直接通 過實驗得出，但能接受住實踐的檢驗，故 D錯誤. 10.【答案】A【解析】地球?qū)θ说奈腿藢Φ厍虻奈κ且粚ψ饔昧头醋饔昧Γ笮∠嗟龋蔄正確;實驗者加速向上運動，合力向上不為零，氣流

22、對人的作用力大于人受到的重力，故B、C、D錯誤。11 .【答案】B【解析】由于戰(zhàn)機沿直線加速爬升，加速度方向與速度方向相同，由牛頓第二定律可知，加速度 方向與合力方向相同，所以合力方向與速度方向相同，B正確.12 .【答案】B【解析】壓強定義式為p = §,它的單位是帕斯卡 （Pa）,根據(jù)牛頓第二定律F= ma知，1 N=1kg m/s2.而面積S的單位是 m2所以:1 Pa= 1 kg/（m s2）.13 .【答案】（1）反比（2）平衡摩擦力乙（3）甲車【解析】（1）由牛頓第二定律：a=.，小車受到拉力相同時，加速度與質(zhì)量成反比，而位移與加速 度成正比；（2）將裝置的左端適當墊高了

23、一些，目的是平衡摩擦力；由于乙車增加了祛碼，故乙車的質(zhì)量比沙的質(zhì)量要大很多；乙車受到的拉力更接近沙桶（含沙子）的重力.（3）由于小車發(fā)生的位移與小車的質(zhì)量成反比，即：署=?，可知：m乙=m甲故斜率為甲車質(zhì) 量.14 .【答案】（1）ACD （2）C （3） 0.1 C 0.16 0.40 （4）乙【解析】（1）本實驗的目的是探究加速度與力、質(zhì)量關系，用砂桶的重力代表小車受到的合外力,需要用天平測砂桶和小車的質(zhì)量，故選A項；打點計時器的工作電源為低壓交流電源（4-6 V）,工作頻率為50 Hz,周期為0.02 s,可以計時，不需要秒表，故選 D項、不選B項；打點計時器打下 紙帶，需用刻度尺測量距

24、離，以求加速度和瞬時速度，故選 C項.（2）平衡摩擦力的方法是用重力沿斜面向下的分力來抵消摩擦力的作用，具體做法是：將小車輕放（靜止）在長木板上，掛好紙帶 （紙帶和打點計時器的限位孔之間有摩擦力卜不掛砂桶，將長木板靠近打點計時器的一端適當墊高，形成斜面，輕推小車，使小車做勻速運動（紙帶上兩點間距離相等）即可，故C正確.打點計時器的工作周期為T0=0.02 s,相鄰兩計數(shù)點間都有四個打點未畫出，所以兩計數(shù)點之間的時間間隔為 T= 5T0=0.1 s.根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律2=翼=邑薩=業(yè)野，可知：S= 2S6 S5= 2X2.54 2.15=2.93 cm,比較接近于 2.96 cm,故選 C

25、 項.利用勻變速直線運動的推論丫3=亙拱=0.16 m/s2由逐差法得 a=-每=一-=0.40 m/s2（4）反比例關系不容易根據(jù)圖象判定，而正比例關系容易據(jù)圖象判定，故應該建立小車加速度a與小車質(zhì)量的倒數(shù) 當關系圖象，故應選乙方案.15 .【答案】（1）系統(tǒng)的總質(zhì)量的倒數(shù)（小車、盒子及盒內(nèi)沙子、懸掛的桶以及桶內(nèi)沙子質(zhì)量之和的 倒數(shù)）合理否 因為實驗的研究對象是整個系統(tǒng)，系統(tǒng)受到的合外力就等于mg （2）B【解析】（1）將車內(nèi)的沙子轉(zhuǎn)移到桶中，就保證了 M+m不變，即系統(tǒng)的總質(zhì)量不變，研究對象是整個系統(tǒng),即系統(tǒng)的總質(zhì)量的倒數(shù)尸雁Ka=E = E可見"F圖象斜率的物理意義是（小車、盒

26、子及盒內(nèi)沙子、懸掛的桶以及桶內(nèi)沙子質(zhì)量之和的倒數(shù)）把沙桶的總重力，當作合外力F是合理的.因為實驗的研究對象是整個系統(tǒng)，系統(tǒng)受到的合外力就等于mg,所以不需要滿足懸掛的沙桶總質(zhì)量一定要遠遠小于小車（包括盛沙的盒及盒內(nèi)的沙 ）的總質(zhì)量.（2）向小車內(nèi)添加或去掉部分沙子，是改變系統(tǒng)的總質(zhì)量（M + m）,而系統(tǒng)的合外力仍等于所懸掛沙桶的重力mg,保證了合外力不變.所以用圖象法處理數(shù)據(jù)時，以加速度a為縱軸，應該以（M + m）（包括桶與桶內(nèi)的沙）質(zhì)量之和的倒的倒數(shù)為橫軸，即小車質(zhì)量、盒子及盒內(nèi)沙子與懸掛的沙桶 數(shù).故選B.16 .【答案】（1）從物塊放到木板上算起，最少經(jīng)過0.6 s木板和木塊的速度相

27、同.（2）木塊最終停在木板上距離木板右端0.81 m的位置.【解析】（1）物塊放上木板前，木板受到地面的摩擦力Ff=Mg 2=16 N木板加速度 a = = 1 m/s2經(jīng)to=3 s加速，速度為 vo=ato=3 m/s物塊放上木板后，物塊相對于木板向左滑，而木板相對于地面向右滑，此時木板對物塊向右的滑 動摩擦力為Ff1=mg（i 1 = 4 N物塊加速度為a1= 1 m/s2木板加速度向左為a2=一而一=41 2 m/s設從物塊放上木板起經(jīng)時間 3兩物體速度相等，則有 a1t1 = v0a2t1代入數(shù)據(jù)得t1=0.6 s（2）從物塊放上木板到兩物體速度相等，物塊向右位移=1.08 m木板向

28、右位移s1'= Vot1 = 0.18 m物塊相對木板向左滑行11 = &' s = 0.9 m而地面對木板向左的滑動摩擦力為Ff2=（M+m）gM2= 32 N此時兩物體共同速度 Vi =aiti = 0.6 m/s若此后兩物體保持相對靜止，則受地面摩擦力而減速的加速度為a'= g牧=4 m/s2而物塊受到木板摩擦力提供的加速度最大為ai= 1 m/s2所以此后兩物體并不能保持相對靜止，物塊減速的加速度較小而相對木板向右滑行物塊減速的加速度為a1 '= a1= 1 m/s2而木板減速的加速度為a2 =型=2 m/s2木板停下來所需時間t2=Vi/a2&

29、#39;= 0.3 s兩物體速度相等到木板停止運動過程中物塊滑行距離也=Vit2；ai g =0.135 m物塊末速度 V2 = Vi-a/t2= 0.3 m/s木板滑行距離 s2 = Vit2a2tj= 0.09 m物塊相對木板向右滑行l(wèi)2=s2-s2 = 0.045 m之后木板靜止，物塊在木板上以加速度ai繼續(xù)減速直至停下滑行距離4 停=O.045 m綜上所述，整個過程結束時物塊距木板右端的距離l = li 12- 13= 0.8i mi7.【答案】850 N【解析】物體 A、B的受力圖如圖所示，由受力平衡知:對 A： Ftcos 0- Ffi = 0Fni Gi Fsin 0= 0又由題