1、精品文檔第3講電容器與電容帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周考基教材問(wèn)扣(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書(shū)第103頁(yè))知葭I|-電容器、電容、平行板電容器1.電容器(1)帶電量：一個(gè)極板所帶電荷量的絕對(duì)值.(2)電容器的充、放電.充電：使電容器帶電的過(guò)程，充電后電容器兩極板帶上等量的異種電荷，電容器中儲(chǔ)存電場(chǎng)能.放電:使充電后的電容器失去電荷的過(guò)程，放電過(guò)程中電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為其他形式的能.2.電容(1)意義：表示電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量.一、，Q(2)定義式：C=J(3)單位：法拉(F),1F=101w102pF.3.平行板電容器(1)影響因素：平行板電容器的電容與正對(duì)面積成正比,與電介質(zhì)的相對(duì)介電常數(shù)成正比，與兩極板間的距

2、離成反比.(2)決定式：C=4kd，k為靜電力常量.【針對(duì)訓(xùn)練】1.(2012江蘇高考)一充電后的平行板電容器保持兩極板的正對(duì)面積、間距和電荷量不變，在兩極板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢(shì)差U的變化情況是()A.C和U均增大B.C增大，U減小C.C減小，U增大D.C和U均減小【解析】由平行板電容器電容決定式C=7±1口，當(dāng)插入電介質(zhì)后，&變大,則在S、47kdd不變的T青況下C增大；由電容定義式C=Q得U=C，又電荷量Q不變，故兩極板間的電勢(shì)差U減小，選項(xiàng)B正確.【答案】BHlkJ帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)1 .帶電粒子在電場(chǎng)中的加速1212(1)處理萬(wàn)法：利用動(dòng)能定理

3、：qU=2mv-mvo.(2)適用范圍：任何由場(chǎng).2 .帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)(1)研究條件：帶電粒子垂直王電場(chǎng)方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng).(2)處理方法：類(lèi)似于平拋運(yùn)動(dòng).應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解的方法.沿初速度方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=L.V0沿電場(chǎng)方向，做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).，加速度：a=F=E=UqmmmdI能飛出平行板電容器：上運(yùn)動(dòng)時(shí)間：bb.打在平行極板上：y=2at2=2md|t2.離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的偏移量:1 .離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角：tan0=vy=qU2vomvod【針對(duì)訓(xùn)練】2 .兩平行金屬板相距為d,電勢(shì)差為U,一電子質(zhì)量為m,電荷量為e,從O點(diǎn)沿垂直于極板的方向射出，最遠(yuǎn)到達(dá)

4、A點(diǎn)，然后返回，如圖631所示，OA=h，此電子具有的初動(dòng)能是()圖631edhARB.edUheUeUhC.dhD.丁【解析】由動(dòng)能定理得：一edh=-Ek,所以Ek=eUh.【答案】D血示波管1.示波管裝置示波管由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成,管內(nèi)抽成真空.如圖632所示.圖6323 .工作原理(1)如果在偏轉(zhuǎn)電極XX'和YY'之間都沒(méi)有加電壓，則電子槍射出的電子束沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，打在熒光屏中心，在那里產(chǎn)生一個(gè)亮斑.(2)YY'上加的是待顯示的信號(hào)電壓.XX'上是機(jī)器自身產(chǎn)生的鋸齒形電壓，叫做掃描電壓.若所加掃描電壓和信號(hào)電壓的周期相同，就可以在熒光屏上得到待測(cè)

5、信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)隨時(shí)間變化的穩(wěn)定圖象.【針對(duì)訓(xùn)練】4 .如圖633所示，示波管是示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成.如果在熒光屏上P點(diǎn)出現(xiàn)亮斑，那么示波管中的()圖633A.極板X(qián)應(yīng)帶正電B.極板X(qián)'應(yīng)帶正電C.極板Y應(yīng)帶正電D.極板Y'應(yīng)帶正電【解析】由熒光屏上亮斑的位置可知，電子在XX'偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中向X極板方向偏轉(zhuǎn)，故極板X(qián)帶正電，A正確，B錯(cuò)誤；電子在YY'偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中向Y極板方向偏轉(zhuǎn)，故極板Y帶正電，C正確，D錯(cuò)誤.【答案】AC析考點(diǎn)耍難突破(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書(shū)第104頁(yè))黑柚|平行板電容器內(nèi)部E、U、Q變化問(wèn)題1 .首先要區(qū)分兩種基本情況(1)電

6、容器兩極板電勢(shì)差U保持不變；(2)電容器的帶電荷量Q保持不變.2.賴(lài)以進(jìn)行討論的物理依據(jù)主要有三個(gè)一,一一一£S(1)平行板電容器的電容C與板間距d、正對(duì)面積S、介質(zhì)介電常數(shù)e間的關(guān)系為C=Qd；(2)平行板電容器內(nèi)部是勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以場(chǎng)強(qiáng)E=UJ；(3)電容器所帶的電荷量Q=CU.圖6-3-4(2013屆長(zhǎng)沙一中檢測(cè))如圖634所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì).開(kāi)始時(shí)開(kāi)關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開(kāi)一定角度.為了使指針張開(kāi)角度增大一些，應(yīng)該采取的措施是()A.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，將A、B兩極板靠近一些B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，將A、B兩極板分開(kāi)一些C.保持開(kāi)關(guān)S閉合，將A、B兩極板靠近一些

7、D.保持開(kāi)關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開(kāi)一些【解析】使指針張開(kāi)角度增大一些，就是增大靜電計(jì)兩端的電壓，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，電壓一定，則C、D錯(cuò)誤；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，電容器帶電荷量一定，由C=Q/U可知要增大電容器兩極板之間電壓，需減小電容C,由平行板電容器電容的決定式C=泠知，保持S不4jkd變，增大d,電容C減小，則A錯(cuò)誤、B正確.【答案】B【即學(xué)即用】1. (2011天津高考)板間距為d的平行板電容器所帶電荷量為Q時(shí)，兩極板間電勢(shì)差為1Ui,板間場(chǎng)強(qiáng)為E1.現(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)?Q,板間距變?yōu)?#39;d,其他條件不變，這時(shí)兩極板間電勢(shì)差為U2,板間場(chǎng)強(qiáng)為E2,下列說(shuō)法正確的是()A.U2=Un

8、E2=E1B.U2=2U1,E2=4E1C.U2=U1,E2=2E1D.U2=2U1,E2=2E1QU11&S【斛析】U=C,£=1.當(dāng)板間距變?yōu)?d時(shí)，由C=4拓可知電谷變?yōu)?C,而市電荷量也變?yōu)?Q,故U2=1B=U1,E2=：t2=2T=2E1,故C選項(xiàng)正確.2CId2d【答案】C帶電粒子在電場(chǎng)中的平衡與直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)1 .帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)重力的處理(1)基本粒子：如電子、質(zhì)子、“粒子、離子等，除有說(shuō)明或明確的暗示以外，一般都不考慮重力(但并不忽略質(zhì)量).(2)帶電顆粒：如液滴、油滴、塵埃、小球等，除有說(shuō)明或有明確的暗示以外，一般都不能忽略重力.2 .帶電粒子在電場(chǎng)中的

9、平衡解題步驟：(1)選取研究對(duì)象.(2)進(jìn)行受力分析，注意電場(chǎng)力的方向特點(diǎn).(3)由平衡條件列方程求解.3 .帶電粒子在電場(chǎng)中的變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)可用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律求解或從功能角度用動(dòng)能定理或能量守恒定律求解.規(guī)律總結(jié)帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中所受電場(chǎng)力恒定，方向與電場(chǎng)線(xiàn)平行，所受重力恒定，方向豎直向下，因此粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)與重力場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中一定做勻變速運(yùn)動(dòng).軌跡可能為直線(xiàn)，也可能為曲線(xiàn).例目M小心"Ei*-N圖635（2011福建高考）反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場(chǎng)中的振蕩來(lái)產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過(guò)程類(lèi)似.如圖6-3-5所示，在虛線(xiàn)MN兩側(cè)分別存在著方向相反的

10、兩個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電微粒從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始，在電場(chǎng)力作用下沿直線(xiàn)在A、B兩點(diǎn)間往返運(yùn)動(dòng).已知電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別是Ei=2.0X103N/C和E2=4.0M03N/C,方向如圖所示.帶電微粒質(zhì)量m=1.0X10-20kg,帶電量q=-1.0X109C,A點(diǎn)距虛線(xiàn)MN的距離di=1.0cm,不計(jì)帶電微粒的重力，忽略相對(duì)論效應(yīng).求：（1）B點(diǎn)距虛線(xiàn)MN的距離d2；（2）帶電微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間t.【審題視點(diǎn)】（1）明確帶電微粒的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，微粒在兩個(gè)場(chǎng)強(qiáng)大小、方向都不同的電場(chǎng)中先做勻加速后做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).（2）由動(dòng)能定理、牛頓第二定律列方程求解.【解析】（1）帶電微粒由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，

11、由動(dòng)能定理有|q|E1d1-|q|E2d2=。E1一一由式解得d2=-d1=0.50cm.E2（2）設(shè)微粒在虛線(xiàn)MN兩側(cè)的加速度大小分別為a1、a2,由牛頓第二定律有|q|E=ma1|q|E2=ma2設(shè)微粒在虛線(xiàn)MN兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為3t2,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有1 2id1=2a1t11 2Gd2=2a2t2又t=t1+t2由式解得t=1.5X108s.【答案】(1)0.50cm(2)1.5X108s【即學(xué)即用】2.圖636（2012新課標(biāo)全國(guó)高考）如圖6-3-6,平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連.若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線(xiàn)通過(guò)電容器，則在此過(guò)程中，該粒子（

12、）A.所受重力與電場(chǎng)力平衡B.電勢(shì)能逐漸增加C.動(dòng)能逐漸增加D.做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)【解析】帶電粒子在平行板電容器之間受到兩個(gè)力的作用，一是重力mg,方向豎直向下，二是電場(chǎng)力F=Eq,方向垂直于極板向上.因二力均為恒力，已知帶電粒子做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以此二力的合力一定在粒子運(yùn)動(dòng)的直線(xiàn)軌跡上，根據(jù)牛頓第二定律可知，該粒子做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤；從粒子運(yùn)動(dòng)的方向和電場(chǎng)力的方向可判斷出，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，粒子的電勢(shì)能增加，選項(xiàng)B正確.【答案】BD1.粒子的偏轉(zhuǎn)角問(wèn)題帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)問(wèn)題圖 637(1)已知電荷情況及初速度如圖637所示，設(shè)帶電粒子質(zhì)量為m.帶電荷量為q,以速度v

13、o垂直于電場(chǎng)線(xiàn)方向射入勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)電壓為Ui.若粒子飛出電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角為a則tan0="式中vy=vxvx=v0?代入得tan仁嗎mvod結(jié)論：動(dòng)能一定時(shí)tan。與q成正比，電荷量相同時(shí)tan。與動(dòng)能成反比.(2)已知加速電壓Uo若不同的帶電粒子是從靜止經(jīng)過(guò)同一加速電壓Uo加速后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的，則由動(dòng)能定理有：qUo=2mv2由式得：tan0=耙2Uod結(jié)論：粒子的偏轉(zhuǎn)角與粒子的q、m無(wú)關(guān)，僅取決于加速電場(chǎng)和偏轉(zhuǎn)電場(chǎng).即不同的帶電粒子從靜止經(jīng)過(guò)同一電場(chǎng)加速后進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，它們?cè)陔妶?chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角度總是相同的.2.粒子的偏轉(zhuǎn)量問(wèn)題121qUi12小qUi12C . 22dmvoy=

14、2at=2dm(V?tan 0 qU il2 . mvod做粒子速度的反向延長(zhǎng)線(xiàn)，設(shè)交于。點(diǎn)，。點(diǎn)與電場(chǎng)邊緣的距離為x,則x=£.結(jié)論：粒子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中射出時(shí)，就像是從極板間的1/2處沿直線(xiàn)射出.(2)若不同的帶電粒子是從靜止經(jīng)同一加速電壓U0加速后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的，則由式得：丫=空14Uod結(jié)論：粒子的偏轉(zhuǎn)角和偏轉(zhuǎn)距離與粒子的q、m無(wú)關(guān)，僅取決于加速電場(chǎng)和偏轉(zhuǎn)電場(chǎng).即它們?cè)陔妶?chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角度和不同的帶電粒子從靜止經(jīng)過(guò)同一電場(chǎng)加速后進(jìn)入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng),偏轉(zhuǎn)距離總是相同的.規(guī)律總結(jié)(11精品文檔（2）偏轉(zhuǎn)位移相同的粒子（在同一偏車(chē)t電場(chǎng)中），偏轉(zhuǎn)角也相同.圖 638（2013屆高新一中檢測(cè)）

15、如圖6-3-8所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向沿x軸的正方向，場(chǎng)強(qiáng)為E.在A（l,0）點(diǎn)有一個(gè)質(zhì)量為m,電荷量為q的粒子，以沿y軸負(fù)方向的初速度v0開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間到達(dá)B（0,1）點(diǎn)（不計(jì)重力作用）.求：粒子的初速度vo的大小；（2）當(dāng)粒子到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力對(duì)粒子做功的瞬時(shí)功率.【解析】（1）粒子在y方向不受力，做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；在x方向由于受恒定的電場(chǎng)力，做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng).所以粒子做的是類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng).設(shè)粒子的初速度為V0,則在y方向上有y=vot在X方向上有x=129=1又x=y=l可得V0 =qEl2m（2）設(shè)粒子到達(dá)B點(diǎn)時(shí)沿x軸方向的速度為 由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得 vx= V2al = 寸普Vx,則電場(chǎng)力

16、做功的瞬時(shí)功率為P=qEVx所以 P = qEvx=qE2qEl m【答案】（1）【即學(xué)即用】qEl 2m(2)qE Y3.V7電"IO圖639（2013屆南昌一中檢測(cè)）如圖639所示，電子在電勢(shì)差為Ui的加速電場(chǎng)中由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，然后射入電勢(shì)差為5的兩塊水平的平行極板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，入射方向跟極板平行.整個(gè)裝置處在真空中，重力可忽略.在滿(mǎn)足電子能射出平行板區(qū)域的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)角。變大的是（）A.U1變大、6變大B.5變小、6變大C.U1變大、5變小D.5變小、5變小1【解析】設(shè)電子被加速后獲得的速度為V。，水平極板長(zhǎng)為l,則由動(dòng)能定理得U1q=；2lmv

17、。，電子在水平極板間偏轉(zhuǎn)所用時(shí)間t.,又設(shè)電子在水平極板間的加速度為a,水平極板的板間距為d,由牛頓第二定律得a=U2q,電子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，平行于電場(chǎng)方向的速Ui變小,U2qlvyU2qlU2qlU2I度Vy=at,聯(lián)乂斛得Vy=",又tan0=-2=,故U2變大、yydmvovodmvo2dqUi2dUi一定能使偏轉(zhuǎn)角。變大，故B正確.【答案】B提提能;考題刻研(對(duì)應(yīng)學(xué)生用書(shū)第105頁(yè))平行板電容器中的帶電體平行板電容器兩極板間帶電體的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題是典型的力電綜合問(wèn)題，要分別從力、電兩個(gè)角度分析研究.(1)力學(xué)角度：電場(chǎng)力等影響了帶電體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，帶電體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)(靜止、加速或減速)

18、需要分析受力情況；(2)電學(xué)角度：平行板電容器的兩極板間為勻強(qiáng)電場(chǎng)，由E=d知，兩極板間的電壓U決定了兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E,帶電體運(yùn)動(dòng)的加速度需要分析兩極板間的電壓.C1在真空中水平放置平行板電容器，兩極板間有一個(gè)帶電油滴，電容器兩極板間距為d,當(dāng)平行板電容器的電壓為Uo時(shí)，油滴保持靜止?fàn)顟B(tài)，如圖6310所示.當(dāng)給電容器突然充電使其電壓增加AUi,油滴開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)；經(jīng)時(shí)間用后，電容器突然放電使其電壓減少AU2,又經(jīng)過(guò)時(shí)間At,油滴恰好回到原來(lái)位置.假設(shè)油滴在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有失去電荷，充電和放電的過(guò)程均很短暫，這段時(shí)間內(nèi)油滴的位移可忽略不計(jì)，重力加速度為g.試求：帶電油滴圖6-3-10(1)帶電油

19、滴所帶電荷量與質(zhì)量之比；(2)第一個(gè)用與第二個(gè)At時(shí)間內(nèi)油滴運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比；(3)AU1與2之比.【潛點(diǎn)探究】(1)油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，受兩個(gè)力平衡，即勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力和重力；(2)電容器突然充電使其電壓增加AU1,電場(chǎng)強(qiáng)度增大，油滴所受合力向上，向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，其中AU1決定了加速度a1的大小；(3)電容器突然放電使其電壓減少AU2,電場(chǎng)強(qiáng)度減小，油滴所受合力向下，油滴先向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，再反向勻加速回到出發(fā)點(diǎn)，其中AU2AU1決定了加速度a2的大小；電壓增加AU1后的勻加速運(yùn)動(dòng)和電壓減少AU2后的運(yùn)動(dòng)，位移大小與所用時(shí)間困相等，可以得到加速度a1和a2的關(guān)系，從而建立A5與A3的關(guān)

20、系.【規(guī)范解答】(1)油滴靜止時(shí)mg=qU°,則9=乎.dmUo(2)設(shè)第一個(gè)At內(nèi)油滴的位移為xi,加速度為ai,第二個(gè)困內(nèi)油滴的位移為X2,加速12度為a2,則xi=2aiAt12X2=viAt2a2At,且vi=aiAt,X2=xi解得aiS2=i3.一Uo+AUiAU1(3)油滴向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)qdmg=ma1，即q-d-=maiUo+AUiAU2AU2AUi油滴向上減速運(yùn)動(dòng)時(shí)mgqd=ma2,即qd=ma2則3:1AU2AUi3AUi1解得與；=4.【答案】黑(2)1：3(3)1：4【即學(xué)即用】4. (2012大綱全國(guó)高考)如圖6311,一平行板電容器的兩個(gè)極板豎直放置，在兩

21、極板間有一帶電小球，小球用一絕緣輕線(xiàn)懸掛于O點(diǎn).現(xiàn)給電容器緩慢充電，使兩極板所帶電荷量分別為+Q和一Q,此時(shí)懸線(xiàn)與豎直方向的夾角為“6.再給電容器緩慢充電，直到懸線(xiàn)和豎直方向的夾角增加到兀3,且小球與兩極板不接觸.求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量.圖6-3-11【解析】設(shè)電容器電容為C.第一次充電后兩極板之間的電壓為u=QC兩極板之間電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為E=d式中d為兩極板間的距離.按題意，當(dāng)小球偏轉(zhuǎn)角以=刺t小球處于平衡位置.設(shè)小球質(zhì)量為m,所帶電荷量為q,則有Tcosa=mgTsin6=qE式中T為此時(shí)懸線(xiàn)的張力.聯(lián)立式得tana=qQ"mgCd設(shè)第二次充電使正極板上增加的電荷量為

22、AQ,此時(shí)小球偏轉(zhuǎn)角V則3q(Q+AQtan也=mgCd檢聯(lián)立式得tan。=Qtan02Q+AQ代入數(shù)據(jù)解得黑=2Q.【答案】2Q練考題隨堂自測(cè)周末提能弘（對(duì)應(yīng)學(xué)生用書(shū)第106頁(yè)）平行板電容器的動(dòng)態(tài)分析1. （2012海南高考）將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場(chǎng)強(qiáng)度大小和極板所帶的電荷量分別用d、U、E和Q表示.下列說(shuō)法正確的是（）E變?yōu)樵瓉?lái)的一半 U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍 U變?yōu)樵瓉?lái)的一半 E變?yōu)樵瓉?lái)的一半A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則B.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則C.保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則D.保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則【解析】由E=U知，當(dāng)U不變，d變?yōu)?/p>

23、原來(lái)的兩倍時(shí)，E變?yōu)樵瓉?lái)的一半，A項(xiàng)正確；當(dāng)E不變，d變?yōu)樵瓉?lái)的一半時(shí)，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半，B項(xiàng)錯(cuò)誤；當(dāng)電容器中d不變時(shí),C不變，由C=知，當(dāng)Q變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍時(shí)，U變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，C項(xiàng)錯(cuò)誤；Q變?yōu)樵瓉?lái)的一半，U變?yōu)樵瓉?lái)的一半時(shí)，則E變?yōu)樵瓉?lái)的一半，D項(xiàng)正確.【答案】AD示波管的原理及應(yīng)用2. （2011安徽高考）如圖6312為示波管的原理圖.如果在電極YY'之間所加的電壓按圖6313（a）所示的規(guī)律變化，在電極XX'之間所加的電壓按圖6313（b）所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會(huì)看到的圖形是（）(a)(b)圖6-3-13ABCD【解析】電子在YY'和XX'間沿電場(chǎng)方

24、向均作初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由位移公式s=2#=描2,知水平位移和豎直位移均與電壓成正比.在t=0時(shí)刻，Uy=0知豎,t1-直位移為0,故A、C錯(cuò)誤.在t=2時(shí)刻，Uy最大知豎直位移最大，故B正確，D錯(cuò)誤.【答案】B帶電粒子在交變電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)3. (2011安徽高考)如圖6314(a)所示，兩平行正對(duì)的金屬板A、B間加有如圖6314(b)所示的交變電壓，一重力可忽略不計(jì)的帶正電粒子被固定在兩板的正中間P處.若在to時(shí)刻釋放該粒子，粒子會(huì)時(shí)而向A板運(yùn)動(dòng)，時(shí)而向B板運(yùn)動(dòng)，并最終打在A板上.則to可能屬于的時(shí)間段是()(a)(b)圖6-3-14T 3TB;2<to<7TA.O<to<43T9TC."4<to<TD.T<to<【解析】設(shè)粒子的速度方向、位移方向向右為正.依題意得，粒子的速度方向時(shí)而為T(mén)T3T.正，時(shí)而為負(fù)，最終打在a板上時(shí)位移為負(fù)，速度萬(wàn)向?yàn)樨?fù).作出to=o、4、,、1時(shí)粒子運(yùn)動(dòng)的速度圖象如圖所示.由于速度圖線(xiàn)與時(shí)間軸所圍面積表示粒子通過(guò)的位移，則由圖象T3TT3T.可知o<to<4,7<to<T時(shí)粒子在一個(gè)周