1、.課時分層作業十九學業達標練15分鐘50分一、選擇題此題共6小題，每題6分，共36分1多項選擇如圖4­7­9是娛樂節目“中國新歌聲設計的“導師戰車當坐在戰車中的導師按下按鈕時，戰車就由靜止開場沿長10 m的傾斜直軌道向下運動；某時刻開場減速，到達站在軌道末端的學員面前時，恰好靜止，整個過程歷時4 s將加速、減速過程分別視為勻變速直線運動，那么圖4­7­9A戰車運動過程中導師先失重后超重B戰車運動過程中所受外力不變C戰車加速過程中的加速度一定等于減速過程中的加速度D戰車運動過程中的最大速度為5 m/sAD“導師戰車沿斜面先加速后減速，戰車上的導師先失重后超

2、重，A正確；戰車所受的合外力先沿斜面向下后沿斜面向上，外力不同，B錯誤；因不知加速和減速的時間關系，故不能判斷兩個過程中加速度的大小關系，C錯誤；設最大速度為vm，那么整個過程的平均速度為，由tx可得vm5 m/s，D正確2.某屋頂為半球形，一人在半球形屋頂上向上緩慢爬行如圖4­7­10所示，他在向上爬的過程中圖4­7­10A屋頂對他的支持力不變B屋頂對他的支持力變大C屋頂對他的摩擦力不變D屋頂對他的摩擦力變大B以人為研究對象，作出力圖設此人的重力為G，根據平衡條件得：屋頂對他的摩擦力：fGsin 屋頂對他的支持力：NGcos 人在半球形屋頂上向上緩慢爬

3、行的過程中，坡角減小，那么f減小，N增大即屋頂對他的摩擦力減小，屋頂對他的支持力增大應選B.3在離地高h處，沿豎直方向同時向上和向下拋出兩個小球，它們的初速度大小均為v，不計空氣阻力，兩球落地的時間差為 【導學號：84082168】A.B.C. D.A做豎直上拋的小球，再次回到拋出點之后到落到地面上的時間與向下拋出的小球落地時間相等，因此兩球落地的時間差為豎直上拋的小球從拋出到回到拋出點的時間，故t，選項A正確4多項選擇如圖4­7­11甲所示，豎直電梯中質量為m的物體置于壓力傳感器P上，電腦可描繪出物體對P的壓力F隨時間的變化圖線；圖乙中K、L、M、N四條圖線是電梯在四種運

4、動狀態下由電腦獲得的F­t圖線，由圖線分析電梯的運動情況，以下結論中正確的選項是圖4­7­11A由圖線K可知，此時電梯一定處于勻加速上升狀態B由圖線L可知，此時電梯的加速度大小一定等于gC由圖線M可知，此時電梯一定處于靜止狀態D由圖線N可知，此時電梯加速度的方向一定先向上后向下BD由圖乙可知，圖線M的支持力等于重力，電梯可能處于靜止也可能處于勻速直線運動狀態，C錯誤；圖線L的支持力FN2mg，由FNmgma可知，電梯的加速度ag方向豎直向上，B正確；由圖線K可知，物體對P的壓力大于重力且逐漸增大，電梯的加速度一定方向豎直向上且越來越大，A錯誤；由圖線N可知，物體對

5、P的壓力先大于mg，后小于mg，故電梯的加速度方向先豎直向上后豎直向下，D正確5如圖4­7­12所示，一質量為m的沙袋用不可伸長的輕繩懸掛在支架上，一練功隊員用垂直于繩的力將沙袋緩慢拉起使繩與豎直方向的夾角為30°，且繩繃緊，那么練功隊員對沙袋施加的作用力大小為 【導學號：84082169】圖4­7­12A.B.mgC.mg D.mgA如圖，建立直角坐標系對沙袋進展受力分析由平衡條件有：Fcos 30°Tsin 30°0Tcos 30°Fsin 30°mg0聯立可解得： F應選A.6多項選擇如圖4

6、3;7­13所示，傾角為的斜面體C置于程度面上，B置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與A相連接，連接B的一段細繩與斜面平行，A、B、C都處于靜止狀態那么圖4­7­13A物塊B、C間的摩擦力可能為零B斜面體C受到程度面的摩擦力一定為零C程度面對C的支持力與B、C的總重力大小相等D不管B、C間摩擦力大小、方向如何，程度面對C的摩擦力方向一定向左AD對物體B，當mAgmBgsin 時，B、C間的摩擦力為零，選項A正確B、C整體受四個力重力、地面的彈力、繩子斜向右上方的拉力、地面對C程度向左的摩擦力的作用而處于平衡狀態，根據正交分解法，程度面對C的支持力小于B、C的總重

7、力，選項B、C均錯誤由于繩子拉力的程度分量向右，那么地面對C的摩擦力程度向左，選項D正確二、非選擇題14分7豎直升降的電梯內的天花板上懸掛著一只彈簧測力計，如圖4­7­14所示彈簧測力計的鉤上懸掛一個質量m4 kg的物體，試分析以下各種情況下電梯詳細的運動g取10 m/s2：圖4­7­141當彈簧測力計的示數T140 N，且保持不變；2當彈簧測力計的示數T232 N，且保持不變；3當彈簧測力計的示數T344 N，且保持不變彈簧均處于伸長狀態【解析】1當T140 N時，根據牛頓第二定律T1mgma1，解得這時電梯的加速度a1 m/s20 m/s2，由此可見

8、電梯處于靜止或勻速直線運動狀態2當T232 N時，根據牛頓第二定律T2mgma2，這時電梯的加速度a2 m/s22 m/s2，即電梯的加速度方向豎直向下，電梯加速下降或減速上升3當T344 N時，根據牛頓第二定律T3mgma3，這時電梯的加速度a3 m/s21 m/s2即電梯的加速度方向豎直向上，電梯加速上升或減速下降【答案】1靜止或勻速直線運動狀態2加速下降或減速上升3加速上升或減速下降沖A挑戰練25分鐘50分一、選擇題此題共4小題，每題6分，共24分1圖4­7­15甲中的塔吊是現代工地必不可少的建筑設備，圖乙為150 kg的建筑材料被吊車豎直向上提升過程的簡化運動圖象，

9、g取10 m/s2，以下判斷正確的選項是甲乙圖4­7­15A前10 s的懸線的拉力恒為1 500 NB46 s末塔吊的材料離地面的間隔 為22 mC010 s材料處于失重狀態D在3036 s鋼索最容易發生斷裂B由圖可知前10 s內物體的加速度a0.1 m/s2，由Fmgma可解得懸線的拉力為1 515 N，選項A錯誤由圖象面積可得整個過程上升高度是28 m，下降的高度為6 m,46 s末塔吊的材料離地面的間隔 為22 m，選項B正確.010 s加速度向上，材料處于超重狀態，F>mg，鋼索最容易發生斷裂，選項C錯誤因3036 s物體加速度向下，材料處于失重狀態，F<

10、;mg，在3036 s鋼索最不容易發生斷裂，選項D錯誤2多項選擇如圖4­7­16所示，小球A放在真空容器B內，小球的直徑恰好等于正方體B的邊長，將它們以初速度v0豎直上拋，A、B一起上升的過程中，以下說法正確的選項是 【導學號：84082170】圖4­7­16A假設不計空氣阻力，A、B間一定沒有彈力B假設不計空氣阻力，A、B間一定有彈力C假設考慮空氣阻力，A對B的上板一定有壓力D假設考慮空氣阻力，A對B的下板一定有壓力AC假設不計空氣阻力，整體做豎直上拋運動，處于完全失重狀態，那么A對B沒有壓力，B對A也沒有支持力，故A正確，B錯誤；假設考慮空氣阻力，以

11、整體為研究對象，根據牛頓第二定律得：上升過程加速度大于g，再以球A為研究對象，根據牛頓第二定律分析：A受到的合力大于重力，A除受到重力外，還應受到向下的壓力因此B對A的壓力向下，即A對B的上板一定有壓力，C正確，D錯誤3如圖4­7­17所示，物體在程度力F作用下，靜止在斜面上，假設略微減小程度推力F，而物體仍能保持靜止，設斜面對物體的靜摩擦力為Ff，物體所受的支持力為FN，那么圖4­7­17AFf和FN都一定減小BFf和FN都不一定減小CFf不一定減小，FN一定減小DFf一定減小，FN不一定減小C對物體受力分析如下圖，在y軸方向上，FNFsin Gcos

12、 0，由此公式可判斷出當F減小時，FN一定減小，在x軸方向上，假設靜摩擦力Ff沿斜面向上，那么有FfFcos Gsin 0，可見當F減小時，Ff增大；假設Ff沿斜面向下，那么有Fcos FfGsin 0，可見當F減小時，Ff減小由此可以看出，當F減小時，Ff不一定減小，應選項C正確4多項選擇如圖4­7­18所示，質量分別為m1、m2的兩個物體通過輕彈簧連接，在力F的作用下一起沿程度方向做勻速直線運動m1在地面，m2在空中，力F與程度方向成角那么m1所受支持力FN和摩擦力Ff正確的選項是圖4­7­18AFNm1gm2gFsin BFNm1gm2gFcos

13、CFfFcos DFfFsin AC將m1m2看作一個整體，在豎直方向上：Fsin FNm1m2g0；在程度方向上：Fcos Ff0.故A、C正確二、非選擇題此題共2小題，共26分512分一物體以25 m/s的初速度做豎直上拋運動，求：1經過2 s位移大小是多少？速度是多少？2經過4 s產生的位移大小是多少？路程是多少？g取10 m/s2【解析】1物體以25 m/s的初速度做豎直上拋運動，根據位移時間關系公式，有：xv0tgt225×2 m×10×22 m30 m根據速度時間關系公式，有：vv0gt25 m/s10×2 m/s5 m/s，方向豎直向上2物

14、體上升的時間為t0 s2.5 s上升的高度為Hgt×10×2.52 m31.25 m下降的位移為hgt1t02×10×42.52 m11.25 m故位移為xHh31.25 m11.25 m20 m路程為sHh31.25 m11.25 m42.5 m.【答案】130 m5 m/s，方向豎直向上220 m42.5 m 614分如圖4­7­19所示，繩OC與豎直方向成30°角，O為質量不計的光滑的滑輪，用一根繩連接物體A和B，物體B重1 000 N，物體A重400 N，物體A在空中靜止，物體B在地面上靜止不計繩的重力求：圖4­7­191OC繩的拉力為多大？2物體B所受地面的摩擦力和支持力分