試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁2025年福建省高考物理試卷真題一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．山崖上有一個風動石，無風時地面對風動石的作用力是F1，當受到一個水平風力時，風動石依然靜止，地面對風動石的作用力是F2，以下正確的是（）A．F2大于F1B．F1大于F2C．F1等于F2D．大小關系與風力大小有關2．某理想變壓器如圖甲，原副線圈匝數比4：1，輸入電壓隨時間的變化圖像如圖乙，R1的阻值為R2的2倍，則（）A．交流電的周期為2.5sB．電壓表示數為12VC．副線圈干路的電流為R1電流的2倍D．原副線圈功率之比為4：13．如圖所示，空間中存在兩根無限長直導線L1與L2，通有大小相等，方向相反的電流。導線周圍存在M、O、N三點，M與O關于L1對稱，O與N關于L2對稱且OM=ON，初始時，M處的磁感應強度大小為B1，O點磁感應強度大小為B2，現保持L1中電流不變，僅將L2撤去，求N點的磁感應強度大小（）A． B． C．B2﹣B1 D．B1﹣B24．某種靜電分析器簡化圖如圖所示，在兩條半圓形圓弧板組成的管道中加上徑向電場。現將一電子a自A點垂直電場射出，恰好做圓周運動，運動軌跡為ABC，半徑為r。另一電子b自A點垂直電場射出，軌跡為弧APQ，其中PBO共線，已知BP電勢差為U，|CQ|=2|BP|，a粒子入射動能為Ek，則（）A．B點的電場強度B．P點場強大于C點場強C．b粒子在P點動能小于Q點動能D．b粒子全程的克服電場力做功小于2eU二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5．春晚上轉手絹的機器人，手絹上有P、Q兩點，圓心為O，，手絹做勻速圓周運動，則（）A．P、Q線速度之比為B．P、Q角速度之比為C．P、Q向心加速度之比為D．P點所受合外力總是指向O6．核反應方程為→+17.6MeV，現真空中有兩個動量大小相等，方向相反的氘核與氚核相撞，發生核反應，設反應釋放的能量幾乎轉化為與的動能，則（）A．該反應有質量虧損B．該反應為核裂變C．獲得的動能約為14MeVD．獲得的動能約為14MeV7．空間中存在垂直紙面向里的勻強磁場B與水平向右的勻強電場E，一帶電體在復合場中恰能沿著MN做勻速直線運動，MN與水平方向呈45°，NP水平向右。帶電量為q，速度為v，質量為m，當粒子到N時，撤去磁場，一段時間后粒子經過P點，則（）A．電場強度為B．磁場強度為C．NP兩點的電勢差為D．粒子從N→P時距離NP的距離最大值為8．傳送帶轉動的速度大小恒為1m/s，順時針轉動，物塊A，B中間有一根輕彈簧，A的質量為1kg，B的質量為2kg，A與傳送帶的動摩擦因數為0.5，B與傳送帶的動摩擦因數為0.25.t=0時，A速度為v0=2m/s，B的速度為零。在t=t0時，A與傳送帶第一次共速，此時彈簧彈性勢能Ep=0.75J，傳送帶足夠長，A可留下痕跡，則（）A．在t=時，B的加速度大小大于A的加速度大小B．t=t0時，B的速度為0.5m/sC．t=t0時，彈簧的壓縮量為0.2mD．0﹣t0過程中，A與傳送帶的痕跡小于0.05m三、填空題9．洗衣機水箱的導管內存在一豎直空氣柱，根據此空氣柱的長度可知洗衣機內的水量多少。當空氣柱壓強為p1時，空氣柱長度為L1，水位下降后，空氣柱溫度不變，空氣柱內壓強為p2，則空氣柱長度L2=，該過程中內部氣體對外界。（填做正功，做負功，不做功）10．沙漠中的蝎子能感受來自地面震動的縱波和橫波，某波源同時產生縱波與橫波，已知縱波速度大于橫波速度，頻率相同，則縱波波長橫波波長。若波源震動后，蝎子感知到來自縱波與橫波的振動間隔Δt，縱波速度v1，橫波速度v2，則波源與蝎子的距離為。11．兩個點電荷Q1與Q2靜立于豎直平面上，于P點放置一檢驗電荷恰好處于靜止狀態，PQ1與Q1Q2夾角為30°，PQ1⊥PQ2，則Q1與Q2電量之比為，在PQ1連線上是否存在其它點能讓同一檢驗電荷維持平衡狀態（存在，不存在）。四、實驗題12．(1)為測糖水的折射率與濃度的關系，設計如下實驗：某次射入激光，測得數據如圖，則糖水的折射率為。(2)改變糖水濃度，記錄數據如表n1.321.341.351.381.42y（%）10%20%30%40%50%將30%的數據繪圖，求得糖水濃度每增加10%，折射率的增加值為（保留兩位有效數字）。13．用等效替代法測待測電阻，R5為R6的滑動變阻器，最大阻值為100Ω，E=1.5V，電流表A量程30mA，R1=R2=R3=R4=100Ω，可輕轉開關S1于1﹣4號，R6可讀數。(1)將實物圖連接完整。(2)某時刻電流表讀數如圖，電流為mA。(3)將開關S2閉合，S1指向1處，表筆ab短接，調節R5，讓R6調至最大值，電流表讀數為（2）中的值，為I0，現將Rx接入ab間，R6滑片不變，發現S1撥1、2處時，A的示數均小于I0，S1撥3處時，A的示數大于I0，則Rx的阻值位于（0﹣100；100﹣200；200﹣300；300﹣400）之間。(4)現將S1撥于處，R5調為55Ω時，A為基準值，則Rx=。(5)下列哪些問題會造成本次實驗誤差___________。A．A的內阻被忽略B．電源內阻被忽略C．R6讀數不準確D．電流表讀數比I0偏大五、計算題14．某運動員訓練為直線運動，其v﹣t圖如圖所示，各階段圖像均為直線。(1)0﹣2s內的平均速度；(2)44.2﹣46.2s內的加速度；(3)44.2﹣46.2s內的位移。15．如圖甲，水平地面上有A、B兩個物塊，兩物塊質量均為0.2kg，A與地面動摩擦因數為μ=0.25，B與地面無摩擦，兩物塊用彈簧置于外力F的作用下向右前進，F與位移x的圖如圖乙所示，P為圓弧最低點，M為最高點，水平地面長度大于4m。(1)求0﹣1m，F做的功；(2)x=1m時，A與B之間的彈力；(3)要保證B能到達M點，圓弧半徑滿足的條件。16．光滑斜面傾角為θ=30°，Ⅰ區域與Ⅱ區域均存在垂直斜面向外的勻強磁場，兩區磁感應強度大小相等。正方形線框abcd質量為m，總電阻為R，同種材料制成且粗細均勻，Ⅰ區域長為L1，Ⅱ區域長為L2，兩區域間無磁場的區域長度大于線框長度。線框從某一位置釋放，cd邊進入Ⅰ區域時速度為v，且直到ab邊離開Ⅰ區域時速度均為v，當cd邊進入Ⅱ區域時的速度和ab邊離開Ⅱ區域時的速度一致，則：(1)求線框釋放點cd邊與Ⅰ區域上邊緣的距離；(2)求cd邊進入Ⅰ區域時cd邊兩端的電勢差；(3)求線框進入Ⅱ區域到完全離開過程中克服安培力做功的平均功率。答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁1．A【詳解】無風時，地面對風動石的作用力方向豎直向上，與重力平衡，大小為當受到一個水平風力時，地面對風動石的作用力與豎直向下的重力及水平方向的風力F，三力平衡根據平衡條件可知，地面對風動石的作用力大小為，故F2大于F1。故選A。2．B【詳解】A．由圖可知，交流電的周期為2.25s，故A錯誤；B．根據圖乙可知，輸入電壓最大值，則輸入電壓有效值為，根據變壓比可知，副線圈電壓即電壓表示數為，故B正確；C．R1的阻值為R2的2倍，根據并聯規律可知，兩電阻的電壓相同，根據歐姆定律可知，流經R1和R2的電流之比為，副線圈干路電流等于流經兩電阻的電流之和，則副線圈干路的電流為R1電流的3倍，故C錯誤；D．根據變壓器的原理可知，原副線圈功率相同，故D錯誤。故選B。3．B【詳解】根據安培定則，兩導線在O點處產生的磁感應強度方向相同大小相等，則單個導線在O點處產生的磁感應強度大小為根據對稱性，兩導線在N處的磁感應強度大小應該與M點一樣，為B1根據對稱性，L2在N點處產生的磁感應強度為由于L2在N點處產生的磁感應強度大于L1在N點處產生的磁感應強度，且方向相反，將L2撤去，N點的磁感應強度為。故選B。4．D【詳解】A．a粒子入射動能為Ek，根據動能的表達式有，粒子恰好做圓周運動，則，聯立解得，故A錯誤；B．由圖可知，P點電場線密度較稀疏，則場強小于C點場強，故B錯誤；C．已知|CQ|=2|BP|，因為BC在同一等勢線上，且沿電場方向電勢降低，則Q點電勢小于P點，電子在電勢低處電勢能大，則b粒子在Q點電勢能大，根據能量守恒可知，b粒子在Q點動能較小，故C錯誤；D．由電場線密度分布情況可知，沿徑向向外電場強度減小，則BP之間平均電場強度大小大于CQ之間的平均電場強度大小，根據，則，則b粒子全程的克服電場力做功，故D正確。故選D。5．AD【詳解】B．手絹做勻速圓周運動，由圖可知、屬于同軸傳動模型，故角速度相等，即角速度之比為，B錯誤；A．由可知，、線速度之比得A正確；C．由可知，、向心加速度之比得C錯誤；D．做勻速圓周運動的物體，其合外力等于向心力，故合力總是指向圓心，D正確。故選AD。6．AC【詳解】A．核反應過程中質量數守恒，有質量虧損，A正確；B．該反應是核聚變反應，B錯誤；CD．在真空中，該反應動量守恒，由于相撞前氘核與氚核動量大小相等，方向相反，系統總動量為零。故反應后氦核與中子的動量也大小相等，方向相反。由得反應粒子獲得的動能之比為而兩個粒子獲得的總動能為，故獲得的動能，獲得的動能。故C正確，D錯誤。故選AC。7．【解析】略8．【解析】略9．做正功【詳解】[1]設細管的截面積為S，根據玻意耳定律有可得[2]根據題意當洗衣機內的水位下降時，空氣柱長度變長，故內部氣體對外界做正功。10．大于【詳解】[1]根據公式，由于縱波速度大于橫波速度，頻