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文檔簡介
山東省德州市重點(diǎn)中學(xué)2025年高考沖刺物理模擬試題注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時請按要求用筆。3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)是中國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。為了兼顧高緯度地區(qū)的定位和導(dǎo)航需要,該系統(tǒng)已布置了10余顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星(IGSO),其軌道是與赤道平面呈一定夾角的圓形,圓心為地心,運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同。關(guān)于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星,下列說法正確的是()A.該衛(wèi)星不可能經(jīng)過北京上空B.該衛(wèi)星距地面的高度與同步軌道靜止衛(wèi)星相同C.與赤道平面夾角為的傾斜地球同步軌道只有唯一一條D.該衛(wèi)星運(yùn)行的速度大于第一宇宙速度2、下列說法正確的是()A.米、千克、秒、庫侖都屬于國際單位制的基本單位B.同一個物體在地球上比在月球上慣性大C.一對作用力與反作用力做的功一定大小相等且一正一反D.物體做曲線運(yùn)動時,其所受合力的瞬時功率可能為零3、如圖所示,一個物體在豎直向上的拉力F作用下豎直向上運(yùn)動,拉力F與物體速度v隨時間變化規(guī)律如圖甲、乙所示,物體向上運(yùn)動過程中所受空氣阻力大小不變,取重力加速度大小g=10m/s2則物體的質(zhì)量為A.100g B.200g C.250g D.300g4、如圖所示,物體A、B用細(xì)繩連接后跨過滑輪,A靜止在傾角為45°的斜面上,B懸掛著.已知質(zhì)量mA=2mB,不計滑輪摩擦,現(xiàn)將斜面傾角由45°增大到60°,但物體仍保持靜止,下列說法正確的是A.繩子的張力增大B.物體A對斜面的壓力將增大C.物體A受到的靜摩擦力增大D.滑輪受到繩子的作用力保持不變5、我國第一顆人造地球衛(wèi)星因可以模擬演奏《東方紅》樂曲并讓地球上從電波中接收到這段音樂而命名為“東方紅一號”。該衛(wèi)星至今仍沿橢圓軌道繞地球運(yùn)動。如圖所示,設(shè)衛(wèi)星在近地點(diǎn)、遠(yuǎn)地點(diǎn)的角速度分別為,,在近地點(diǎn)、遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度分別為,,則()A. B. C. D.6、友誼的小船說翻就翻,假如你不會游泳,就會隨著小船一起沉入水底。從理論上來說,你和小船沉入水底后的水面相比于原來()A.一定上升 B.一定下降C.一定相等 D.條件不足,無法判斷二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,一固定斜面傾角為,一質(zhì)量為的小物塊自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做勻減速運(yùn)動,加速度的大小等于重力加速度的大小。若物塊上升的最大高度為,則此過程中,物塊的()A.動能損失了 B.動能損失了C.機(jī)械能損失了 D.機(jī)械能損失了8、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電的原理圖,升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器,發(fā)電廠的輸出電壓恒定、輸電線上的電阻不變,假設(shè)用戶所用用電器都是純電阻用電器,若發(fā)現(xiàn)發(fā)電廠發(fā)電機(jī)輸出的電流增大了,則可以判定A.通過用戶的電流減小了B.用戶接入電路的總電阻減小了C.用戶消耗的電功率減小了D.加在用戶兩端的電壓變小了9、真空中質(zhì)量為m的帶正電小球由A點(diǎn)無初速自由下落t秒,在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場,再經(jīng)過t秒小球又回到A點(diǎn)。小球電荷量不變且小球從未落地,重力加速度為g。則A.整個過程中小球電勢能變化了B.整個過程中小球速度增量的大小為C.從加電場開始到小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時小球動能變化了D.從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢能變化了10、空間存在一方向與直面垂直、大小隨時間變化的勻強(qiáng)磁場,其邊界如圖(a)中虛線MN所示,一硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線的電阻率為ρ、橫截面積為S,將該導(dǎo)線做成半徑為r的圓環(huán)固定在紙面內(nèi),圓心O在MN上.t=0時磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向如圖(a)所示:磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化關(guān)系如圖(b)所示,則在t=0到t=t1的時間間隔內(nèi)A.圓環(huán)所受安培力的方向始終不變B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流始終沿順時針方向C.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為D.圓環(huán)中的感應(yīng)電動勢大小為三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學(xué)為了測量電源的電動勢和內(nèi)阻,根據(jù)元件的不同,分別設(shè)計了以下兩種不同的電路。實(shí)驗(yàn)室提供的器材有:兩個相同的待測電源,輔助電源;電阻箱、,滑動變阻器、;電壓表,電流表;靈敏電流計,兩個開關(guān)、。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下:①按圖連接好電路,閉合開關(guān)和,再反復(fù)調(diào)節(jié)和,或者滑動變阻器、,使電流計的示數(shù)為0,讀出電流表、電壓表示數(shù)分別為、。②反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱和(與①中的電阻值不同),或者滑動變阻器、,使電流計的示數(shù)再次為0,讀出電流表、電壓表的示數(shù)分別為、。回答下列問題:(1)哪套方案可以更容易得到實(shí)驗(yàn)結(jié)果______(填“甲”或“乙”)。(2)電源的電動勢的表達(dá)式為_____,內(nèi)阻為______。(3)若不計偶然誤差因素的影響,考慮電流、電壓表內(nèi)阻,經(jīng)理論分析可得,____(填“大于”“小于”或“等于”),_____(填“大于”“小于”或“等于”)。12.(12分)某小組用惠斯通電橋測量電阻的阻值:方案一:如圖(a)所示,先閉合開關(guān),然后調(diào)整電阻箱的阻值,使開關(guān)閉合時,電流表的示數(shù)為零。已知定值電阻、的阻值,即可求得電阻。(1)實(shí)驗(yàn)中對電流表的選擇,下列說法正確的是_______A.電流表的零刻度在表盤左側(cè)B.電流表的零刻度在表盤中央C.電流表的靈敏度高,無需準(zhǔn)確讀出電流的大小D.電流表的靈敏度高,且能準(zhǔn)確讀出電流的大小(2)若實(shí)驗(yàn)中未接入電流表,而其它電路均已連接完好,調(diào)節(jié)電阻箱,當(dāng),則、兩點(diǎn)的電勢的關(guān)系滿足_______(選填“>”、“<”或“=”)。方案二:在方案一的基礎(chǔ)上,用一段粗細(xì)均勻的電阻絲替代、,將電阻箱換成定值電阻,如圖(b)所示。(3)閉合開關(guān),調(diào)整觸頭的位置,使按下觸頭時,電流表的示數(shù)為零。已知定值電阻的阻值,用刻度尺測量出、,則電阻________。(4)為消除因電阻絲的粗細(xì)不均勻而帶來的誤差,將圖(b)中的定值電阻換成電阻箱,并且按照(3)中操作時,電阻箱的讀數(shù)記為;然后將電阻箱與交換位置,保持觸頭的位置不變,調(diào)節(jié)電阻箱,重新使電流表的示數(shù)為零,此時電阻箱的讀數(shù)記為,則電阻_______。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,C是放在光滑的水平面上的一塊木板,木板的質(zhì)量為3m,在木板的上面有兩塊質(zhì)量均為m的小木塊A和B,它們與木板間的動摩擦因數(shù)均為μ,最初木板靜止,A、B兩木塊同時以方向水平向右的初速度v0和2v0在木板上滑動,木板足夠長,A、B始終未滑離木板,重力加速度為g,求:(1)木塊B從剛開始運(yùn)動到與木板C速度剛好相等的過程中,木塊B所發(fā)生的位移;(2)木塊A在整個過程中的最小速度;(3)整個過程中,A、B兩木塊相對于木板滑動的總路程是多少?14.(16分)如圖所示,用一塊長L1=1.0m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面,桌面離地高H=0.8m,桌面長L2=1.5m,斜面和水平桌面間的傾角θ可以在060°之間調(diào)節(jié)后固定,將質(zhì)量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端無初速釋放,物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ1=0.05,物塊和桌面間的動摩擦因數(shù)為μ2,忽略物塊在斜面和桌面交接處的能量損失。(已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)(1)當(dāng)物塊剛好能從斜面開始下滑時,求斜面的傾角θ;(用正切值表示)(2)當(dāng)θ角增大到37°時,物塊下滑后恰能停在桌面邊緣,求物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ2;(3)若將(2)中求出的μ2作為已知條件,繼續(xù)增大θ角,求物塊落地點(diǎn)與墻面的距離最大值S總,及此時斜面的傾角θ。15.(12分)“801所”設(shè)計的磁聚焦式霍爾推進(jìn)器可作為太空飛船的發(fā)動機(jī),其原理如下:系統(tǒng)捕獲宇宙中大量存在的等離子體(由電量相同的正、負(fù)離子組成)經(jīng)系統(tǒng)處理后,從下方以恒定速率v1向上射入有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1、垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場區(qū)域Ⅰ內(nèi).當(dāng)柵極MN、PQ間形成穩(wěn)定的電場后,自動關(guān)閉區(qū)域Ⅰ系統(tǒng)(關(guān)閉粒子進(jìn)入通道、撤去磁場B1).區(qū)域Ⅱ內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2、垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場,磁場右邊界是直徑為D、與上下極板相切的半圓(圓與下板相切于極板中央A).放在A處的放射源能夠向各個方向均勻發(fā)射速度大小相等的氙原子核,氙原子核經(jīng)過該區(qū)域后形成寬度為D的平行氙粒子束,經(jīng)過柵極MN、PQ之間的電場加速后從PQ噴出,在加速氙原子核的過程中探測器獲得反向推力(不計氙原子核、等離子體的重力,不計粒子之間相互作用于相對論效應(yīng)).已知極板長RM=2D,柵極MN和PQ間距為d,氙原子核的質(zhì)量為m、電荷量為q,求:(1)氙原子核在A處的速度大小v2;(2)氙原子核從PQ噴出時的速度大小v3;(3)因區(qū)域Ⅱ內(nèi)磁場發(fā)生器故障,導(dǎo)致區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度減半并分布在整個區(qū)域Ⅱ中,求能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ的氙原子核占A處發(fā)射粒子總數(shù)的百分比.
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】
A.根據(jù)題目描述,傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的軌道是與赤道平面呈一定夾角的圓形,圓心為地心,所以有可能在運(yùn)動過程中經(jīng)過北京上空,所以A錯誤;B.由題意可知,傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的周期與地球同步衛(wèi)星的周期相同,根據(jù)可知,該衛(wèi)星的軌道半徑與地球同步衛(wèi)星的軌道半徑相同,即該衛(wèi)星距地面的高度與同步軌道靜止衛(wèi)星相同,所以B正確;C.由題意可知,圓心在地心,與赤道平面成的圓形軌道有無數(shù)個,所以C錯誤;D.根據(jù)公式可知,衛(wèi)星軌道半徑越大,運(yùn)行速度越小,而第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度,所以該衛(wèi)星的運(yùn)行速度比第一宇宙速度小,D錯誤。故選B。2、D【解析】
A.在國際單位制中,力學(xué)的單位被選為基本單位的是米、千克、秒,電學(xué)的單位被選為基本單位的是安培,不是庫侖,故A錯誤;B.慣性大小的唯一量度是質(zhì)量,故同一個物體在地球上與在月球上慣性一樣大,故B錯誤;C.作用力做正功,反作用力也可以做正功,比如兩帶電小球靠斥力分開,庫侖斥力對兩小球都做正功,故C錯誤;D.物體做曲線運(yùn)動時,如果速度和力垂直,功率為零,如勻速圓周運(yùn)動,故D正確。故選D。3、C【解析】
由乙圖可得后,物體勻速,則有前,物體勻加速,則有,代入數(shù)據(jù)有A.100g與分析不符,故A錯誤;B.200g與分析不符,故B錯誤;C.250g與分析相符,故C正確;D.300g與分析不符,故D錯誤;故選:C。4、C【解析】
物體B受豎直向下的重力mg和豎直向上的繩子拉力T,由二力平衡得到:T=mg;以物體A為研究對象,物體A受力如下圖所示:A靜止,處于平衡狀態(tài),由平衡條件得:f+T-2mgsin45°=0N-2mgcos45°=0解得:f=2mgsin45°-T=2mgsin45°-mgN=2mgcos45°當(dāng)由45°增大到60°時,f不斷變大,N不斷變小;A.繩子張力T=mg保持不變,故A錯誤;B.物體A對斜面的壓力N′=N=2mgcosθ將變小,故B錯誤;C.摩擦力變大,故C正確;D.繩子的拉力不變,但是滑輪兩邊繩子的夾角減小,則滑輪受到繩子的作用力變大,選項D錯誤.5、C【解析】
根據(jù)開普勒第二定律可知,從遠(yuǎn)地點(diǎn)到近地點(diǎn)衛(wèi)星做加速運(yùn)動,而近地點(diǎn)到遠(yuǎn)地點(diǎn),衛(wèi)星做減速運(yùn)動,所以近地點(diǎn)的速度大于遠(yuǎn)地點(diǎn)的即根據(jù)可知,因?yàn)榻攸c(diǎn)到地心的距離小于遠(yuǎn)地點(diǎn)到地心的距離,即則有故選C。6、B【解析】
小船所受的浮力翻船前浮力與重力相等;翻船后沉入水底,所受浮力小于重力,船的排水量減少,所以水面一定下降,故B正確,ACD錯誤。故選B。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、BD【解析】
AB.已知物體上滑的加速度大小為,由動能定理得:動能損失等于物體克服合外力做功為故A選項錯誤,B選項正確;CD.設(shè)摩擦力的大小為,根據(jù)牛頓第二定律得得則物塊克服摩擦力做功為根據(jù)功能關(guān)系可知機(jī)械能損失,故C錯誤,D正確。故選BD。8、BD【解析】
A項:如果發(fā)電機(jī)輸出電流增大,根據(jù)變流比可知,輸送電流增大,通過用戶的電流增大,故A錯誤;B項:由可知,輸送電流增大,是由于減小引起的,故B正確;C項:當(dāng)用戶電阻減小時,用戶消耗的功率增大,故C錯誤;D項:發(fā)電機(jī)輸出電流增大,則輸電線上的電壓降增大,因此降壓變壓器的輸入、輸出電壓均減小,即因在用戶兩端電壓變小了,故D正確。故選:BD。9、AB【解析】
小球先做自由落體運(yùn)動,后做勻減速運(yùn)動,兩個過程的位移大小相等、方向相反。設(shè)電場強(qiáng)度大小為E,加電場后小球的加速度大小為a,取豎直向下方向?yàn)檎较颍瑒t由,又v=gt,解得a=3g,則小球回到A點(diǎn)時的速度為v′=v-at=-2gt;整個過程中小球速度增量的大小為△v=v′=-2gt,速度增量的大小為2gt。由牛頓第二定律得,聯(lián)立解得,qE=4mg,,故A正確;從加電場開始到小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時小球動能減少了,故C錯誤。設(shè)從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的高度為h,根據(jù)動能定理得解得,,從A點(diǎn)到最低點(diǎn)小球重力勢能減少了.D錯誤。10、BC【解析】
AB、根據(jù)B-t圖象,由楞次定律可知,線圈中感應(yīng)電流方向一直為順時針,但在t0時刻,磁場的方向發(fā)生變化,故安培力方向的方向在t0時刻發(fā)生變化,則A錯誤,B正確;CD、由閉合電路歐姆定律得:,又根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得:,又根據(jù)電阻定律得:,聯(lián)立得:,則C正確,D錯誤.故本題選BC.三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、甲等于等于【解析】
(1)[1]甲電路的連接有兩個特點(diǎn):左、右兩個電源間的路端電壓相等,干路電流相同,電阻箱可以直接讀數(shù);乙電路更加適合一般情況,需要采集更多數(shù)據(jù),并且需要作圖處理數(shù)據(jù)才可以得到結(jié)論,同狀態(tài)下采集數(shù)據(jù),根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解電源的電動勢和內(nèi)阻,甲電路更簡單。(2)[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律得解得,(3)[4][5]當(dāng)電流計的示數(shù)為0時,相同電源,電流相等時路端電壓相等,此電路中電流表測的是干路電流,電壓表測的是兩端的電壓(路端電壓),因此電流表和電壓表都是準(zhǔn)確值,故,12、BC<【解析】
(1)[1]AB.電流表G零刻度線在中央時,可以判斷電流的流向,判斷B和D兩點(diǎn)電勢的高低,所以要求電流表G的零刻度在表盤中央,所以B正確,A錯誤;CD.根據(jù)電流表中表針擺的方向便可判斷B和D兩點(diǎn)電勢的高低,進(jìn)而進(jìn)行調(diào)節(jié),無需準(zhǔn)確讀出電流的大小,所以C正確,D錯誤。故選BC。(2)[2]當(dāng)沒有接電流表G時,與串聯(lián),與串聯(lián),然后再并聯(lián),則變形可得所以,當(dāng)時即(3)[3]閉合開關(guān)S后,調(diào)節(jié)讓電流表G示數(shù)為零,說明則,同時與電流相同,均勻電阻絲電流相同,設(shè)電阻絲單位長度的電阻為,則,整理得得(4)[4]將和的電阻記為和,則,聯(lián)立得四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1),(2),(3)【解析】
試題分析:(1)木塊A先做勻減速直線運(yùn)動,后做勻加速直線運(yùn)動;木塊B一直做勻減速直線運(yùn)動;木板C做兩段加速度不同的勻加速直線運(yùn)動,直到A、B、C三者的速度相等為止,設(shè)為v1.對A、B、C三者組成的系統(tǒng),由動量守恒定律得:mv2+2mv2=(m+m+3m)v1解得:v1=2.6v2對木塊B運(yùn)用動能定理,有:解得:(2)設(shè)木塊A在整個過程中的最小速度為v′,所用時間為t,由牛頓第二定律:對木塊A:a1=μmg/m=μg,對木塊C:a2=2μmg/3m=2μg/3,當(dāng)木塊A與木板C的速度相等時,木塊A的速度最小,因此有:v2-μgt=(2μg/3)t解得t=3v2/(3μg)木塊A在整個過程中的最小速度為:v′=v2-a1t=2v2/3.(3)Q總=Q1+Q2=fs相1+fs相2=ΔEk損所以14、(1)tanθ=0.05;(2)0.8;(3)1.9m,53°。【解析】
(1)當(dāng)物塊剛好能從斜面開始下滑時,有mgsinθ=μ1mgcosθ解得:tanθ=μ1=0.05,斜面的傾角θ=arctan0.05(2)物塊從頂端無初速釋放開始直至恰好停在桌面邊緣,根據(jù)動能定理W合=得:mgL1sin37°﹣μ1mgL1cos37°﹣μ2mg(L2﹣L1cos37°)=0代入數(shù)據(jù),解得μ2=0.8(3)物塊從頂端無初速釋放開始直至運(yùn)動到桌面末端,根據(jù)動能定理得:mgL1sinθ﹣μ1mgL1cosθ﹣μ2mg(L2﹣L1cosθ)=代入數(shù)據(jù)得sinθ+
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