四川省攀枝花市2024-2025學年高一（上）期末物理試卷

一、單選題：本大題共10小題，共30分。

1.下列物理量都是矢量的是（）

A.加速度、位移B.速度、路程

C.時間、平均速度D.速度變化量、平均速率

2.如圖所示為在“12306”APP上查詢到攀枝花到成都東的C44次復興號城際動車組列車的相關信息。根據

圖中信息，下列說法中正確的是（）

C44（攀枝花南到成都東）

車次類型:城際動車組列車

始發站:攀枝花南站（08:19發車）

終到站:成都東站站（12:58到達）

運行里程:608公里運行時間:4小時39分

A.”08:19"表示時間，"4小時39分”表不時刻

B.”608公里”是攀枝花南站到成都東站的位移大小

C.研究本次列車運行中的位置時，可以將列車看成質點

D.C44次動車行駛過程中的平均速率約為138km/

3.太空奧運你聽說過嗎？舉重項目一直以來是我國的優勢項目，他展現出個人強大的動力，同時也是為祖

國爭光的好時候。神舟十八號飛行乘組指令長葉光富同李聰、李廣蘇兩位航天員在太空上設計比賽科目，

出色地完成了驚天動地的“舉重項目”。葉光富能輕松舉起兩位航天員是因為（）

A.在空間站中航天員處于完全失重狀態B.手對桿的作用力大于桿對手的作用力

C.手對桿的作用力大于兩位航天員的重力D.空間站對兩位航天員有向上的引力

4.如圖所示為簡化后懸臂結構，在生活中有著廣泛的應用。重為G的均勻直桿一端用錢鏈固定在豎直墻壁上,

另一端用輕繩斜拉后，直桿保持水平靜止。已知輕繩與直桿的夾角為30。，不計較鏈的摩擦，則錢鏈和輕繩

B.a=G,F2=^-G

D.&=^G，B=G

C.F1=2G,F2=2G

5.從高度為4/i處的同一位置先后自由釋放a、6兩球，a球與地面碰撞后原速豎直彈起，并在高為3/i處與b球

相遇。已知重力加速度為g,不計空氣阻力和a球與地面碰撞的時間，兩球均可視為質點，則a、b兩球釋放

的時間差為（）

2h2h2h2h

A.B.2C.3D.4

9999

6.將一小球放在豎直彈簧的頂端，靜止時彈簧長度為刀，如圖甲所示。將同一小球連接在同一彈簧下端并

豎直懸掛，靜止時彈簧長度為打。已知小球質量為根，重力加速度為g,彈簧始終處在彈性限度內，則該彈

簧的勁度系數為（）

J

「mgD2

?L2Tl'2(L2-L1)

7.一質點做直線運動的位移式隨時間t變化的關系式為x=8t-2t2,式中物理量單位均為國際單位。下列關

于該質點運動的描述正確的是（）

A.質點的初速度大小為8m/s,加速度大小為2n?/s2

B.t=8s時，質點回到出發點

C.質點在t=4s時的瞬時速度為零

D.第2s內，質點的位移為2nl

8.作用于同一點的兩個力，大小分別為&=12N、F2=6N,這兩個力的合力尸與6的夾角不可能為（）

A.5°B.15°C.25°D.35°

9.質量相同的力、B、C、。四個小球用輕質彈簧和輕繩按如圖所示的方式連接在一起處于靜止狀態。已知重

力加速度為g,現用火燒細繩6,則在細繩b燒斷的瞬間，下列說法中正確的是（）

，/〃/////《/〃〃////,

a

A

B

b

Qc

OD

A.4球加速度大小為2g、方向豎直向上B.B球加速度大小為2g、方向豎直向上

C.C球加速度大小為g、方向豎直向下D.D球加速度大小為g、方向豎直向下

10.一輛汽車以54km//i的速度在平直的公路上做勻速直線運動，在它的正前方有一輛自行車以25.2km"的

速度同向勻速行駛，汽車駕駛員發現自行車后經0.4s踩下剎車，汽車以大小為5m/s2的加速度做勻減速直線

運動。若汽車和自行車均可視為質點，要使汽車不碰上自行車，駕駛員發現自行車時汽車到自行車的距離

至少為（）

A.9.6mB.6.4mC.4.7mD.2.8m

二、多選題：本大題共3小題，共9分。

11.一物體做勻變速直線運動，某時刻速度的大小為3m/s,1s后速度的大小變為9m/s,在這Is內該物體的

（）

A.位移的大小可能小于47nB.位移的大小可能大于10m

C.加速度的大小可能小于4m/s2D.加速度的大小可能大于10m/s2

12.如圖甲所示，質量為0.5即的滑塊靜止在水平地面上，從t=0開始受到水平向右的拉力F作用。拉力F的

大小隨時間t的變化關系如圖乙所示。已知滑塊與地面間的動摩擦因數為0.4,重力加速度取10m/s2,設最

大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則下列說法中正確的是（）

F

'〃〃///〃//〃///〃〃//〃,

甲

A.0?2s內滑塊處于靜止狀態B.0?2s內滑塊受到的摩擦力先增大后不變

C.1?3s內滑塊的加速度先增大后減小D.1?3s內滑塊的速度先增大后減小

13.如圖所示，質量為小的滑塊在水平拉力F的作用下靜止在傾角為30。的斜面上。已知重力加速度為g,設

最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下列關于滑塊與斜面間的動摩擦因數〃和水平拉力尸的大小的各組數據中，

滑塊能靜止的是（）

A.〃=苧，F=(2—yT^ymgB.fi=0.6,尸=(2—

C.〃=0.7,尸=第D.〃=0.8,F=(1-苧)zng

三、實驗題：本大題共2小題，共12分。

14.某同學做“探究兩個互成角度的力的合成規律”的實驗。如圖甲所示為某次實驗中用手通過兩個彈簧測

力計共同拉動結點的示意圖，其中4為固定橡皮條的圖釘，。為標記出的細線結點所在的位置，OB和。C為

細繩。圖乙是在白紙上根據該次實驗結果畫出的圖。

甲乙

(1)該次實驗中，右側彈簧測力計的示數如圖甲所示，該示數為N。

(2)圖乙中的力F和力F1,一定沿橡皮條力。方向的是(選填"F”或"F'”)o

15.某實驗小組利用如圖甲所示實驗裝置探究小車加速度與受力、質量的關系，已知打點計時器所用交流電

(1)下列關于本實驗的要求和做法中正確的是o

4圖甲中接的交流電源電壓為220U

A平衡阻力時，需要把鉤碼通過細繩系在小車上

C.改變小車質量后，需重新平衡小車受到的阻力

D需調節定滑輪的高度，使滑輪與小車間的細繩與木板平行

(2)某次實驗中獲得的紙帶如圖乙所示，。、4、B、C、D、E、F為選出的計數點，每相鄰兩個計數點之間

有4個點未畫出，則打點C時小車的速度大小為zn/s,小車的加速度大小為m/s2o(保留兩

位有效數字)

OABCDEF

加川W川ii川即加州州小￥而?州小||口|即山加小1小||川|1川|||川11叫|川1川||川|1加甲||小￥川|1川|川1|11￥

01cm23456789101112131415

乙

⑶以小車的加速度a為縱坐標、鉤碼的重力F為橫坐標作出的a-F圖像理想狀態下應是一條過原點的直線,

但由于實驗誤差影響，常出現如圖丙所示的三種情況。關于這三種情況下列說法中正確的是

A圖線①交于縱軸的原因是鉤碼掛的個數太多

A圖線②右端彎曲的原因是鉤碼掛的個數太少

C.圖線③交于橫軸的原因可能是未平衡小車受到的阻力

(4)實驗小組的同學發現，當小車加速度較大時系統誤差較大，同學們分析后認為可能是研究對象的選取不

當造成的。同時發現實驗所用的每個鉤碼的質量均相同，于是產生了以鉤碼個數n為變量來探究該實驗中加

速度與力的關系的想法，通過逐個增加鉤碼，記錄鉤碼個數n對應的小車加速度a,并作出工-工圖像，如圖

an

丁所示。通過對圖像進行分析，即可得出結論。根據圖像可知，小車質量M與單個鉤碼的質量m的關系為

(用圖中的字母表示)O

T

四、計算題：本大題共6小題，共49分。

16.厚度均勻的木板Q置于水平地面上，滑塊P放在Q的上表面，某時刻P、Q的速度方向如圖所示、大小關

系為％<2，所有接觸面均粗糙。請作出滑塊P的受力示意圖并標出力的符號。

V/////////////////////////A

17.如圖所示，質量m=2kg的小球用兩根輕質細線a、b懸掛，處于靜止狀態。已知細線a與豎直方向的夾

角0=45。，細線b水平，重力加速度g取10M/S2,求細線a、6分別對天花板力處和豎直墻壁B處的拉力大小

TA、TB。

A

'//〃/〃〃///〃//〃/

8

18.一小球做自由落體運動，落地時的速度大小為4(hn/s,落地后不彈起。重力加速度g取10rn/s2,求:

(1)小球從釋放到落地的時間t;

(2)小球落地前2s內的平均速度大小九

19.如圖所示為一小游戲的示意圖，位于水平地面上的推車上邊緣寬0.45小，空中有一發球機P可隨機

無初速的放出小球，發球機P的下端到推車上邊緣的高度h=5小。玩家在發現小球從發球機中下落后用力

推出推車，使小球落入推車內視為游戲成功。已知推車與地面間的動摩擦因數4=0.2,重力加速度g取

10m/s2,玩家推出推車時推車右端與小球落點之間的水平距離功=2.7TH,玩家的反應時間/t=0.1s,小

球可視為質點，不計空氣阻力和推車加速的時間，求：

(1)小球從發球機中下落到進入推車的時間良

(2)為使游戲成功，玩家推出推車時推車的速度范圍。

20.如圖甲所示，在一些貨站會利用傳送帶將貨物在高處與低處之間進行裝卸，傳送帶與水平面的夾角8=

30。，傳送帶順時針或逆時針轉動時的速度大小均恒為2.5/n/s。現使傳送帶順時針轉動，穩定后將一可視為

質點的貨物從傳送帶的頂端輕放上傳送帶，貨物運送過程的速度隨時間變化的關系圖像如圖乙所示。已知

(1)傳送帶與貨物之間的動摩擦因數出

(2)使傳送帶逆時針轉動，將同一貨物無初速的從傳送帶底端運送到頂端需要的時間良

21.如圖所示，厚度均勻、質量M=1kg的木板放在水平桌面上，可視為質點、質量爪=1kg的小物塊放在

木板的右端，兩者均靜止。在桌面的右側邊緣有一定滑輪，通過不可伸長的輕繩跨過定滑輪將一質量=

1的的重物與木板相連，調節定滑輪使定滑輪與木板之間的輕繩水平、重物與定滑輪間的輕繩豎直。現由靜

止釋放重物，已知小物塊與木板間的動摩擦因數“1=0.1,木板與水平桌面之間的動摩擦因數〃2=02,重

物到地面之間的高度八=1.2機，重力加速度g取10w/s2,設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重物落地后不

會反彈，小物塊始終未從木板上滑落，木板也未與定滑輪發生碰撞，求：

——A——

［占重物

777777/77777777777777777777777777777777777777/777777777777

(1)重物下落過程中，小物塊的加速度大小的;

(2)重物的下落時間t和落地前瞬間重物的速率V；

(3)木板的最小長度L。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】A位移、加速度是既有大小又有方向的矢量，故A正確；

A速度是既有大小又有方向的矢量，路程是只有大小沒有方向標量，故8錯誤；

C平均速度是既有大小又有方向的矢量，時間是只有大小沒有方向標量，故C錯誤；

。.速度變化量是既有大小又有方向的矢量，平均速率是只有大小沒有方向標量，故。錯誤。

故選A。

2.【答案】C

【解析】408:19表示時刻，4小時39分表示時間，故A錯誤；

A“608公里”表示的是路程，故8錯誤；

C.研究“列車運行中的位置時”，列車在大小在真個運行過程的尺度上可忽略，能看成質點，故C正確；

D根據平均速率的計算公式有

v=|=km/h.=131km/h

故。錯誤；

故選C。

3.【答案】A

【解析】A葉光富能輕松舉起兩位航天員是因為在空間站中航天員處于完全失重狀態，葉光富也處于完全失

重狀態，接觸時彼此間的擠壓力為零，因此會顯得非常輕盈，故他只需要施加很小的力就能完成這一動作，

與其他因素無關，故A正確；

A根據牛頓第三定律知，手對桿的作用力等于桿對手的作用力大小，與葉光富能輕松舉起兩位航天員無關，

故8錯誤；

C.航天員處于微重力狀態，舉起他們所需的力遠小于在地球表面上兩位航天員的重力，葉光富能輕松舉起

兩位航天員，是因為兩位航天員都處于完全失重狀態，而不是手對桿的作用力大于兩位航天員的重力，故C

錯誤；

D兩位航天員都處于空間站內部，空間站對兩位航天員引力為零，故。錯誤。

故選A。

4.【答案】A

【解析】如圖所示，對桿進行受力分析，如圖

F±=F2=G

故選A。

5.【答案】B

【解析】根據勻變速直線運動的規律，將高度4h分為八+3八兩段，即1:3的兩端，則每段時間相等，即對應

的時間都是但，易得相遇時

%=3舊

故兩球釋放的時間差

2/1

At=2——

Jg

故選8。

6.【答案】B

【解析】設彈簧原長為L。，根據平衡條件及胡克定律對甲乙兩種情形分別列式

k(L()一LJ=mg

kU-Lo)=mg

聯立可解得

2mg

k=以不

故選瓦

7.【答案】D

2

【解析】A由勻變速直線運動的位移時間關系x=vot+|at可得質點做初速度為％=8m/s、加速度

為a=-4m/s2,故A錯誤;

8.x=0時回到出發點，代入

x=8t-2t2

解得

t=4s

故2錯誤；

C.根據速度一時間公式

vQ—at

可得

t'=2s

故C錯誤；

D結合C選項的2s時速度減為零可得，根據逆向思維可知，第2s內的位移

1,

久=2X4x1"=2m

故。正確。

故選

8.【答案】D

【解析】如圖，當F與尸2垂直時合力F與0的夾角最大，易得&與尸的夾角最大為30。,不可能是35。。

故選。。

9.【答案】B

【解析】燒斷細線之前細線b的拉力

T=2mg

在燒斷細繩b的瞬間，彈簧彈力不發生突變，易得

—0

T

%=下=2g

豎直向上；

T

a=—=2g

cm

豎直向下;

a。=0

故選Bo

10.【答案】A

【解析】設汽車減速時間為如駕駛員反應時間為戊，駕駛員發現自行車時汽車到自行車的距離為s。若汽

車剛追上自行車時，二者速度剛好相等，則汽車恰好不會碰上自行車。此時二者的位移關系有

1,

s+v自(t+4t)=+u汽t—2at"

速度關系有

vs=v^-at

聯立可解得

s=9.6m

故選A。

11.【答案】AD

【解析】解：當1S后的速度方向與初速度方向相同，則加速度。=寧=早=6機/$2,位移”=學1=

3+9.「

—^―xlm=6mo

9

當1s后的速度方向與初速度方向相反，則加速度a=匕普=t3=-12蛆/S2,位移％也t=g更x

lm=-3m,負號表示方向。故A、￡＞正確，B、C錯誤。

故選：ADo

12.【答案】BC

【解析】A滑塊的最大靜摩擦力

/max=umg=2N

由圖像可知t=1s時

F=2N

故t=1s后滑塊就開始運動，故A錯誤；

及結合a分析可知，。?is內滑塊與地面保持相對靜止，受靜摩擦力，隨著外力的增大而增大，1?2s內

滑塊與地面發生相對運動，受滑動摩擦力，保持不變，故B正確；

CD.由圖可知，1?3s內外力均大于最大靜摩擦力，且F先增大后減小，由牛頓第二定律有

F—f=ma

可知，加速度先增大后減小，加速度方向一直與速度方向相同，一直做加速運動，故C正確，。錯誤。

故選BCo

13.【答案】CD

【解析】A滑塊要自由靜止在斜面上時，動摩擦因數要滿足

〃>tan30°

即

的F

所以當滑塊加水平向右的外力時，當〃=?時滑塊不能靜止在斜面上，故A錯誤；

A當F=(2—，百)m9時，若滑塊靜止

Fcos30°+zngsin30°=〃(zngcos30°—Fsin30°)

可算出

4=1

故8錯誤；

CD.滑塊要靜止，由平衡條件可知需滿足

fmax=/i(mgcos30°—Fsin30°)>7ngsin30°+Fcos30°

帶入(〃=0.7,F=第)和3=0.8,F=(1-亨)mg)均可使不等式成立，故CD正確。

故選CD.

14.【答案】(1)2.30

(2)尸

【解析】彈簧測力計的最小刻度為(MN,則該示數為230N；

(2)[2]圖乙中的力F和力9，F’是兩個分力合力的理論值，尸是兩個分力合力的實驗值，則一定沿橡皮條4。方

向的是F。

15.【答案】(1)。

(2)0.170.54

⑶C

⑷”=匕

k7mpr

【解析】(1)4圖甲中的電磁打點計時器應接8U左右交流電源，故A錯誤；

A平衡阻力時，不能把鉤碼通過細繩系在小車上，故2錯誤；

C.改變小車質量后，小車所受重力沿斜面向下的分力與摩擦力等倍率變化，仍保持相等，所以，不需要重

新平衡阻力，故C錯誤；

D為給小車提供一個恒定的牽引力，需調節定滑輪的高度，使滑輪與小車間的細繩與木板平行，故。正確。

故選。。

(2)[1][2]相鄰兩計數點間的時間間隔為

T=5X0.02s=0.1s

由圖乙可知，打點C時小車的速度大小為

_XBD4.40-1.10

x0.01m/s=0.17m/s

2xO.l

根據逐差法可知，小車的加速度大小為

XCF~XOC990-2.50-2.50

a=--------5-----x0.01m/s2=0.54m/s2

9T%9X0.12

(3)4圖線①交于縱軸，即F=0時，aWO,原因是平衡摩擦力過大，故A錯誤;

A根據牛頓第二定律有

mg—T=ma

T=Ma

解得

圖線②右端彎曲的原因是鉤碼掛的個數太多，故2錯誤；

C.圖線③交于橫軸，即a=0時，F70,原因可能是未平衡小車受到的阻力，故C正確;

故選Co

(4)根據牛頓第二定律有

nmg=(M+nm)a

變形可得

1Ml

-=---------1----

anmgg

根據圖像的斜率與截距可知

M1

-->—=p

mggL

解得

q-p

pr

16.【答案】

【解析】滑塊P受重力G和Q對P的支持力N,因為％＜畛，則P受到Q向右的摩擦力，受力如圖。

設細線a、6對小球的的拉力大小分別為771、TB,由平衡條件，有

TAsin9=TB

TACOS9=mg

得

TA=20V-2/V

TB=20N

18.【答案】(1)根據題意，由公式u=可得，小球從釋放到落地的時間

v

t=—=4s

9

(2)根據題意，由公式無=可得，小球開始下落前2s下落的距離為

九1=2x10x22m=20m

小球從釋放到落地的距離為

心=kx10x427n=80m

2

則小球落地前2s內下落的距離為

Ah=h2—h1=60m

小球落地前2s內的平均速度大小

19.【答案】(1)小球做自由落地運動，有

1

h=^gt2

得

t=Is

(2)設推車的加速度大小為a,玩家的反應時間為/t,對推車，當推車右端剛到小球正下方時，有

1、，

乙2=—4)—2a?-It)?

當推車左端剛到小球正下方時，有

1

2

L2+Lr=i7()2(t-4t)—2a(t—At)

對小球和斜劈整體，有

fimg=ma

聯立以上各式得

v01=3.9m/s,v02=4.4m/s

即推車的速度范圍為

3.9m/s<v0<4Am/s

20.【答案】(1)由圖乙可得

2.5..

a1—萬=Q-2m/s=12.5m/s

對滑塊由牛頓第二定律，有：

mgsind+11mgeosO=mar

得

(2)設傳送帶逆時針轉動，貨物從傳送帶底端開始時的加速度為。2,貨物加速到與傳送帶共速的時間為G、

位移為久，由牛頓第二定律和運動學規律有

/jmgcusB—mgsind=ma2

v—a2tl.

12

x=2aJ

解得

x=