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文檔簡介
重難點11磁場
<1
點備題趨勢
年度是否出題選擇型填空題計算題實驗題
2024年VV
2025年(預(yù))☆☆☆☆☆V
(2025年預(yù)測的可能性僅供參考,每顆☆代表出題的可能性為20%,以此類推)
重難詮釋
?
【思維導(dǎo)圖】
[.音勸F=qvB
2.電流的磁逾:右手螺旋定則
2.洛倫茲力方向:左手定則磁場
3.帶電粒子圓周運(yùn)動半徑呻修
“洛倫茲力4.磁通量(D=BS
4.芾電苞子圓周周期公式7三繆磁場
qB1.^tlF=BILsine
a.速度選擇器安培力2.安培力方向:左手定則
b質(zhì)譜儀5.洛倫茲力應(yīng)用3.安培力綜合應(yīng)用
c.回旋i口速器
【高分技巧】
一、磁感應(yīng)強(qiáng)度和磁通量
1.磁感應(yīng)強(qiáng)度3=與注意:使用該定義式時,I要與磁場垂直。
2.磁通量中=BScos8,物理意義是表示穿過某一面積的磁感線條數(shù)的多少。
(1)磁通量是標(biāo)量,當(dāng)以磁感線從某一面上穿入時,磁通量為正值,則磁感線從此面穿出時即為負(fù)值。
(2)若同時有磁感線沿相反方向穿過同一平面,且正向磁通量大小為01,反向磁通量大小為①2,則
穿過該平面的合磁通量0=。1一中2。
(3)通過一個閉合曲面(如球面)的磁通量為0
二、安培力
1.F=IlBsm。中。是8和1方向的夾角
(1)當(dāng)6=90。時,即公式變?yōu)槭?〃及
⑵當(dāng)。=0。時,即B//I,F=0o
2.公式F=IlBsin9中I指的是導(dǎo)線在垂直于磁場方向上的“等效長度”。
彎曲導(dǎo)線的有效長度/,等于連接兩端點連線的長度,如下圖(1)虛線所示;
3.安培力的方向:左手定則
4.安培力方向與磁場方向、電流方向的關(guān)系:F±B,F±I,即/垂直于3與1所決定的平面。
B和I可能:(1)垂直;(2)平行;(3)斜交
(1)垂直受安培力(2)平行不受安培力(3)斜交,垂直投影部分受力
三、洛倫茲力
1.洛倫茲力f=qvB
q為粒子所帶電荷量,v為速度,且與磁場方向垂直。
如果電荷運(yùn)動方向v與磁感應(yīng)強(qiáng)度B的夾角為0時,則產(chǎn)qvBsinO。
⑴當(dāng)8=90。時,v1B,F=qvB,即運(yùn)動方向與磁場垂直時,洛倫茲力最大。
(2)當(dāng)口〃B時,0=0°,F—0,即運(yùn)動方向與磁場平行時,不受洛倫茲力。
2.洛倫茲力方向:左手定則。
3.因為洛倫茲力與速度方向垂直,所以洛倫茲力對電荷不做功。
四、洛倫茲力的應(yīng)用
1.速度選擇器
XXXXX
T9..................
XXXXX
2.質(zhì)譜儀:用來測量微觀粒子的質(zhì)量,分析同位素。質(zhì)譜儀結(jié)構(gòu)示意圖如圖所示:
X
X
①帶電粒子發(fā)生器②加速電場③速度選擇器④偏轉(zhuǎn)磁場⑤質(zhì)譜儀底片
原理:由速度選擇器選出同一速率的粒子,底片的位置由比荷決定,所以可以分析同位素粒子。
3.回旋加速器:加速帶電粒子,結(jié)構(gòu)示意圖如下。
①磁場的作用:在洛倫茲力作用下使粒子做勻速圓周運(yùn)動。
②交變電場的作用:使帶電粒子經(jīng)過D和D2的縫隙該區(qū)域時被加速。
③交變電場的作用及變化周期:交變電壓的周期和粒子圓周運(yùn)動周期相等。
兩類問題:
a.計算最大速度:最大速度丫=遜
b.計算加速時間:
方法1:盒間距已知,vm=at,分別求出最大速度和加速度,計算時間。
方法2:由最大速度計算粒子動能,除以每次加速的Uq得到加速次數(shù),乘以周期T。
五、帶電粒子在磁場中運(yùn)動軌跡規(guī)律
1.帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的圓周運(yùn)動的半徑和周期
帶電粒子以速度v垂直磁場方向入射,帶電粒子的質(zhì)量為m,所帶的電荷量為q。
(2)周期:T;辿,即周期和粒子的運(yùn)動速度無關(guān)。
帶電粒子在勻強(qiáng)
磁場中的運(yùn)動
—(運(yùn)動軌跡)—
軌道半徑
帶電粒子垂直
進(jìn)入磁場中,周期下=金
2.圓心的確定
(1)已知入射點、出射點、入射方向和出射方向時,可通過入射點和出射點分別作垂直于入射方向
和出射方向的直線,兩條直線的交點就是圓心(如圖甲所示,圖中P為入射點,M為出射點)
(2)已知入射方向、入射點和出射點的位置時,可以通過入射點作入射方向的垂線,連接入射點
和出射點,作其中垂線,這兩條垂線的交點就是圓心(如圖乙所示,圖中P為入射點,M為出射點)
3.半徑的確定
(1)用幾何知識求半徑,一般稱為幾何半徑,通常構(gòu)建三角形,利用三角函數(shù)或勾股定理求解.
(2)用物理知識求半徑,即「=",一般稱為物理半徑。
qB
4.運(yùn)動時間的確定
|5.兩類典型的動態(tài)問題
(1)速度方向一定,大小不同:軌跡半徑隨速度的變化而變化,軌跡圓圓心共線(放縮法)
(2)速度大小一定,方向不同:軌跡半徑不變化,軌跡圓圓心在一個圓周上(旋轉(zhuǎn)法)
XXXXXX
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X城匏.K-.X
XXXXXX
限時提升練
(建議練習(xí)時間:60分鐘)
一、單選題
1.兩根通電長直導(dǎo)線a、6垂直紙面平行固定,電流方向如圖所示,導(dǎo)線。中的電流為1,6中的電流也為
/已知通電長直導(dǎo)線在距導(dǎo)線,處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為左,,。點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8°,且
r
ca=ao=ab,則c點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為()
-------?--------------------------
C
aOb
A.AB。「2B。
Rc.-----D.Bo
633
【答案】B
【詳解】。、6導(dǎo)線中電流都為/,在。處產(chǎn)生的磁場方向相同,又由B=k-
r
可得a、b電流在。處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為含,而。電流在c處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小仍為g,
b電流在c處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為a=人(=2
3r6
兩磁場方向相反,故。處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為=y
故選B。
2.(23-24高二下.上海長寧?期末)反粒子就是質(zhì)量與粒子相等,電荷量與粒子相等但電性相反的粒子,例
如反質(zhì)子為二H。現(xiàn)分別使一束質(zhì)子、反質(zhì)子、a粒子和反a粒子以相同速度v沿。O,方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場
B2,形成圖中的4條徑跡,則反質(zhì)子軌跡是()
OB]
『xy
±Xx:x::Xr
XXJkXX
xx.
2B,4
XXXX
A.軌跡1B,軌跡2C.軌跡3D.軌跡4
【答案】A
【詳解】由左手定則可判定質(zhì)子、a粒子受到洛倫茲力向右偏轉(zhuǎn),而反質(zhì)子、反a粒子向左偏轉(zhuǎn),進(jìn)入
vmv
勻強(qiáng)磁場&的粒子具有相同的速度,根據(jù)洛倫茲力提供向心力有qvB=m-所以r=—
2
rqB2
由于質(zhì)子、反質(zhì)子的比荷大于a粒子、反a粒子的比荷,所以a粒子、反a粒子在磁場中的軌跡半徑大,
即2為反n粒子徑跡,1為反質(zhì)子的徑跡。
故選A。
3.兩根長直導(dǎo)線a、b平行放置,圖示為垂直于導(dǎo)線的截面圖,圖中。點為兩根導(dǎo)線連線4的中點,
N為"的中垂線上的兩點且與a、6等距,兩導(dǎo)線中通有等大,同向的恒定電流,則下列說法正確的是
()
a(z)I
0N
b(*)I
A.一點電荷在外力作用下從M點沿直線運(yùn)動到N點的過程中,所受洛倫茲力方向一直不變
B.一點電荷在外力作用下從M點沿直線運(yùn)動到N點的過程中,所受洛倫茲力可能先做正功,后做負(fù)功
C.。點處磁感應(yīng)強(qiáng)度為零
D.若在N點放一小磁針,靜止時其北極沿N。由N點指向。點
【答案】C
【詳解】A.根據(jù)安培定則判斷得知,兩根通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場方向均沿逆時針方向,由于對稱,兩根
通電導(dǎo)線在兩點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等,根據(jù)平行四邊形進(jìn)行合成得到,M點和N點的磁感應(yīng)
強(qiáng)度大小相等,M點磁場向下,N點磁場向上,方向相反,所以點電荷所受洛倫茲力方向改變,故A錯
誤;
B.洛倫茲力始終與速度方向垂直,不做功,故B錯誤;
C.兩根通電導(dǎo)線在。點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反,。點的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零,故C正確;
D.若在N點放一小磁針,靜止時其N極指向磁場方向,垂直MN方向,故D錯誤。
故選C。
4.如圖,電阻忽略不計的正方形金屬框演源水平固定放置,對角線長度為/,整個金屬框內(nèi)部區(qū)域分布著
垂直水平面向上的勻強(qiáng)磁場。長度大于/的均勻?qū)w棒"N自。向c在金屬框上勻速滑過,滑動過程中
始終關(guān)于ac對稱并與金屬框接觸良好。若導(dǎo)體棒單位長度電阻恒定,與。點的距離記為x,則
下列關(guān)于棒所受安培力尸與x(0<x</)的關(guān)系圖像中,可能正確的是()
b
【答案】A
【詳解】設(shè)導(dǎo)體棒單位長度電阻為r,導(dǎo)體棒勻速滑過磁場的速率為v,其運(yùn)動過程中切割磁感線的有效
長度為L,當(dāng)0工無工萬時,由幾何知識可知L=2x又E=BLv
F
根據(jù)歐姆定律可得1=—
2xr
所以安培力為尸=571=生上?工
r
即尸與x成正比。同理,當(dāng)(<九《/時,解得F=BIL=^(l-x)
即尸隨x線性減小,由楞次定律可知,導(dǎo)體棒自a向c通過磁場,其所受安培力方向始終水平向左,阻
礙其運(yùn)動,BCD錯誤,A正確。
故選A。
5.如圖所示,從S處發(fā)出的熱電子經(jīng)加速電壓U加速后垂直進(jìn)入相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中,發(fā)現(xiàn)
電子流向下極板偏轉(zhuǎn);設(shè)兩極板間電場強(qiáng)度為E,磁感應(yīng)強(qiáng)度為8;欲使電子沿直線從電場和磁場區(qū)域
通過,只采取下列措施,其中可行的是()
A.適當(dāng)增大電場強(qiáng)度EB.適當(dāng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度
C.適當(dāng)減小加速電場兩極板之間的距離D.適當(dāng)增大加速電壓U
【答案】A
【詳解】初始時,電子在混合場中向下偏轉(zhuǎn),故電子剛進(jìn)入磁場時,故對其分析受力可知evB>eE
要使電子沿直線從電場和磁場區(qū)域通過,則要使電子剛進(jìn)入磁場時,所受電場力和洛倫茲力大小相等。
所以要么減小電子所受洛倫茲力,要么增大電子所受電場力。
A.適當(dāng)增大電場強(qiáng)度E,則可適當(dāng)增大電子在混合場中所受電場力,則電子受力可以平衡。故A正確;
B.需要適當(dāng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度,則增大電子在混合場中所受洛倫茲力。則電子受力不平衡。故B錯誤;
CD.設(shè)電子經(jīng)過電場后的速度為v,則根據(jù)功能關(guān)系可得eU^mv1
可知適當(dāng)增大加速電壓U,電子進(jìn)入混合場的初速度變大,電子在混合場中所受洛倫茲力變大,則電子
受力不平衡。由上式可知,電子進(jìn)入混合場的初速度與加速電場兩極板之間的距離無關(guān),故沒有改變電
子在混合場中所受電場力和洛倫茲力大小。故CD錯誤。
故選Ao
6.(23-24高二下.上海.期末)陽和汨一起放入回旋加速器中,忽略在電場中加速時間,;H加速完成3次
時,出和汨動能之比為()
A.1:9B.1:3C.1:1D.9:1E.3:1
【答案】E
【詳解】由7=一不,可知汨的周期是;H的3倍,;H加速完成3次時,汨完成加速1次,每次加速獲
取的動能E=qU相同,;H加速完成3次時,;H和汨動能之比為3:1。
故選E。
7.如圖所示,兩根平行的長直導(dǎo)線。和6中通有大小相等、方向相同的電流入此時導(dǎo)線。受到的磁場力
大小為大。當(dāng)新加一個與兩導(dǎo)線所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場后,導(dǎo)線。受到的磁場力大小變?yōu)槭?。若把導(dǎo)
線6的電流反向,則此時導(dǎo)線6受到的磁場力大小變?yōu)椋ǎ?/p>
。口nb
c.24-巴
A.F2B.D.耳+g
【答案】C
【詳解】如圖所示,兩根長直線,電流大小相同,方向相同。則a受到6產(chǎn)生磁場的作用力向右大小為
F、,那么b受到“產(chǎn)生磁場的作用力向左大小為耳,這兩個力大小相等,方向相反,即月=片
當(dāng)再加入勻強(qiáng)磁場時,設(shè)。在磁場中受到的安培力為綜,
則。受到的作用力為居=6+與或居=耳-與
由于6的電流方向和a的電流方向相同,把導(dǎo)線6的電流反向,。所受的安培力的方向和電流未反向時a
所受安培力方向相反,大小相等,
則6受到的磁場力大小為F2^F;+F0=Fl+F0或月=耳,-外=片-外
將琦=%-氏代入£=耳-與或%'=片+為
可得£=2片一層或£=2居+名
故選C。
8.(23-24高三下?上海長寧?階段練習(xí))笈核(;H)與a粒子經(jīng)加速器加速后獲得相等的速度,均垂直于磁
場方向進(jìn)入質(zhì)譜儀中,x為粒子做圓周運(yùn)動的直徑,則()
A.氣核的直徑大
【答案】C
【詳解】粒子經(jīng)過加速器加速,根據(jù)動能定理可得qU=^mv2
粒子在磁場中,由洛倫茲力提供向心力得qvB=m-可得
r
則粒子在磁場中的軌跡直徑為
由于笊核與a粒子的比荷相等,則笊核與G粒子的直徑一樣大。
故選Co
二、多選題
9.如圖所示,三根長直導(dǎo)線平行地放在光滑絕緣水平面上,已知導(dǎo)線BC之間的距離等于導(dǎo)線AB間距的
3倍,已知通電直導(dǎo)線周圍產(chǎn)生的磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為2=%」,/為直導(dǎo)線中的電流,廠為導(dǎo)線周圍
r
某點到直導(dǎo)線的距離,當(dāng)三根直導(dǎo)線中通有恒定電流后,三根直導(dǎo)線仍在原來的位置保持靜止,其中導(dǎo)
線A的電流大小為/。,方向如圖所示。則下列說法正確的是()
ABC
A.導(dǎo)線B中的電流方向與A相同B.導(dǎo)線C中的電流方向與A相同
C.導(dǎo)線B中的電流大小為三/。D.導(dǎo)線C中的電流大小為3/。
【答案】BD
【詳解】BD.對通電導(dǎo)線B而言,在光滑桌面上處于靜止?fàn)顟B(tài),說明導(dǎo)線A、C在導(dǎo)線B處產(chǎn)生的磁
場大小相等方向相反,合磁場為零。所以導(dǎo)線C中的電流方向應(yīng)與A中的電流方向相同,設(shè)導(dǎo)線A、B
間的距離為d,則導(dǎo)線B、C間的距離為3d,則有為=駕解得4=34
a3a
故BD正確;
AC.對通電導(dǎo)線A而言,在光滑桌面上處于靜止?fàn)顟B(tài),說明導(dǎo)線B、C在導(dǎo)線A處產(chǎn)生的磁場大小相
等方向相反,合磁場為零。所以導(dǎo)線B中的電流方向應(yīng)與A中的電流方向相反,且有與=與
d4d
3
解得故AC錯誤。
故選BD。
10.(23-24高三下.上海寶山?階段練習(xí))杯239既可能發(fā)生a衰變,也可能發(fā)生£衰變。將杯239核置于勻
強(qiáng)磁場中,衰變后粒子運(yùn)動方向與磁場方向垂直,圖中的a、爪c、1分別表示粒子的運(yùn)動軌跡,則下
列說法正確的是()
a
d
甲乙
A,衰變過程中粒子的動量守恒B.磁場方向垂直紙面向里
C.甲圖是夕衰變,乙圖是a衰變D.b為a粒子的運(yùn)動軌跡,c為夕粒子的運(yùn)動軌跡
【答案】AD
【詳解】A.衰變過程中,系統(tǒng)合外力為零,粒子的動量守恒,故A正確;
B.粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,磁場方向不同,粒子旋轉(zhuǎn)的方向相反,由于a粒子和夕粒子的速度
方向未知,故不能判斷磁場的方向,故B錯誤;
C.放射性元素放出a粒子時,口粒子與反沖核的速度相反,電性相同,則兩個粒子受到的洛倫茲力方
向相反,兩個粒子的軌跡應(yīng)為外切圓;而放射性元素放出夕粒子時,夕粒子與反沖核的速度相反,電
性相反,則兩個粒子受到的洛倫茲力方向相同,兩個粒子的軌跡應(yīng)為內(nèi)切圓,故甲圖是。衰變,乙圖
是夕衰變,故C錯誤;
2
D.放射性元素放出粒子時,兩帶電粒子的動量守恒,根據(jù)洛倫茲力提供向心力qvB=m-
r
可得軌跡半徑為「二mv丁看D
qBqB
可得軌跡半徑與動量成正比,與電荷量成反比,a粒子和夕粒子的電荷量比反沖核的電荷量小,則a粒
子和夕粒子的軌跡半徑比反沖核的軌跡半徑大,故b為a粒子的運(yùn)動軌跡,。為£粒子的運(yùn)動軌跡,故
D正確。
故選ADo
11.(23-24高三下?上海長寧?階段練習(xí))1932年,勞倫斯和利文斯設(shè)計出了回旋加速器。回旋加速器的工作
原理如圖所示,置于真空中的兩個D形金屬盒半徑為R,兩盒間的狹縫很小,帶電粒子穿過的時間可
以忽略不計,磁感應(yīng)強(qiáng)度為2的勻強(qiáng)磁場方向與盒面垂直。兩D形盒之間所加上題一樣的交流電壓,
質(zhì)量為機(jī)、電荷量為q的粒子從D形盒一側(cè)圓心處靜止開始被加速,經(jīng)若干次加速后粒子從D形盒邊
緣射出。粒子被加速5次后做圓周運(yùn)動的半徑4=;粒子從開始被加速到離開D形盒所需要的時
間展=
10UmTIBR2
【答案】0
qF
2
【詳解】口][2]粒子被加速5次后運(yùn)動速度為v,由動能定理有5Uoq=^mv
粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,洛倫茲力提供向心力,有Bqv=m-得隹近
粒子離開D形盒的速度為%,有Bqv,n=m^-
R
—1mv2
粒子從開始到離開D形盒被加速的次數(shù)?_2m
u°q
T2兀m
粒子從開始被加速到離開D形盒所需要的時間t=n-其中T=—
2Bq
12.(22-23高二下?上海靜安?期末)如圖所示,圖中甲為金屬小球,乙為帶電絕緣小球(可視為質(zhì)點)。用
絕緣細(xì)線掛在固定點。處,將小球從勻強(qiáng)磁場區(qū)域外靜止釋放,磁感線的方向垂直紙面向里,空氣阻
力不計。則在擺動過程中,擺角減小的是(選填A(yù).“甲,B.“乙”),擺線拉力可能小于小球重
力的是(選填A(yù).“甲”、B.“乙”)。
XXXXx_/Xn;X
X宓33二1宣
XXVX
O
甲
【答案】
【詳解】[1]對于金屬小球甲,當(dāng)金屬球進(jìn)出磁場時,由于磁通量發(fā)生改變,金屬球中會產(chǎn)生渦流,進(jìn)
而產(chǎn)生焦耳熱,根據(jù)能量守恒可知,金屬球的機(jī)械能將會減小,因此隨著金屬球的擺動,小球所能達(dá)
到的最大高度減小,所以擺角會越來越小,當(dāng)完全在磁場中來回擺動時,磁通量不再發(fā)生改變,擺角
不再變化;對于金屬小球乙,由于小球是帶電絕緣小球,因此小球在進(jìn)出磁場時其內(nèi)部不會產(chǎn)生渦流,
運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒,因此擺角不變。
故選Ao
⑵設(shè)甲、乙兩金屬球擺動過程中,繩子與豎直方向的夾角為。,則對于金屬球甲,
由牛頓第—"定律有/-7〃甲gCOS。=7〃甲%J
解得7^=m^a^+m^gcos0
對于金屬小球乙,設(shè)小球帶電量為正4,磁場強(qiáng)度為3,小球從磁場向外擺動或由外界進(jìn)入磁場的過程
中要受到洛倫茲力的作用,且洛倫茲力的方向始終垂直于小球速度的方向,根據(jù)左手定則可知,當(dāng)小
球從。點向磁場外擺動的過程中,洛倫茲力的方向始終與繩子拉力的方向相同,
則由牛頓第二定律有豈+凡乃一叱geos6=%。乙
解得豈=叱。乙+%gcos6-3qv
對比分析可知,擺線拉力可能小于小球重力的是乙。
故選B。
四、解答題
(23-24高二下?上海虹口?期末)在粒子物理研究中,為了測量粒子的電荷量、質(zhì)量、自旋等性質(zhì)。在
粒子加速器中,通過施加磁場,可以將粒子束偏轉(zhuǎn)到我們所需的軌道上。同時,通過調(diào)整磁場的強(qiáng)度
和分布,可以實現(xiàn)對粒子束的聚焦和分離。
13.極光是由來自宇宙空間的高能帶電粒子流進(jìn)入地球大氣層后,由于地磁場的作用而產(chǎn)生的。如圖所示,
科學(xué)家發(fā)現(xiàn)并證實,這些高能帶電粒子流向兩極時做螺旋運(yùn)動,旋轉(zhuǎn)半徑不斷減小。此運(yùn)動形成的主
要原因是()
A.太陽輻射對粒子產(chǎn)生了驅(qū)動力的作用效果
B.粒子的帶電荷量減小
C.洛倫茲力對粒子做負(fù)功,使其動能減小
D.南北兩極附近的磁感應(yīng)強(qiáng)度較強(qiáng)
14.如圖所示,在赤道處,將一不帶電小球向東水平拋出,落地點為小給小球帶上電荷后,仍以原來的速
度拋出,考慮地磁場的影響,下列說法正確的是()
西-?東
XX
XX^\XX
XX\X
\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\\
a
A.無論小球帶何種電荷,小球落地時的速度的大小不變
B.無論小球帶何種電荷,小球在運(yùn)動過程中機(jī)械能不守恒
C.若小球帶負(fù)電荷,小球會落在。點的右側(cè)
D.若小球帶正電荷,小球仍會落在。點
15.洛倫茲力演示儀的實物圖和原理圖分別如下圖(a)、圖(b)所示。電子束從電子槍向右水平射出,使
玻璃泡中的稀薄氣體發(fā)光,從而顯示電子的運(yùn)動軌跡。調(diào)節(jié)加速極電壓可改變電子速度大小,調(diào)節(jié)勵
磁線圈電流可改變磁感應(yīng)強(qiáng)度,某次實驗,觀察到電子束打在圖(b)中的P點,則兩個勵磁線圈中的
電流均為
方向(選填“順時針”或“逆時針”),若要看到完整的圓周運(yùn)動,則可以(選填"增大’或"減小”)
加速極電壓。
16.如圖所示,真空區(qū)域有寬度為L磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的矩形勻強(qiáng)磁場,方向垂直于紙面向里,MN、PQ
是磁場的邊界,質(zhì)量為機(jī)、電荷量為q的帶正電粒子(不計重力)沿著與夾角為6=30的方向垂
直射入磁場中,剛好垂直于尸。邊界射出,并沿半徑方向垂直進(jìn)入圓形磁場,磁場半徑為L方向垂直
紙面向外,離開圓形磁場時速度方向與水平方向夾角為60。。求:
(1)粒子射入磁場的速度大小;
(2)粒子在矩形磁場中運(yùn)動的時間;
(3)圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度。
Q
【答案】13.D14.A15.逆時針減小16.(1)2島BL;(2)瑞;(3)
3m3qB3
v2mv
【解析】13.A.粒子在運(yùn)動過程中,由洛倫茲力提供向心力qvB=m-解得r=—
rqB
可知半徑不斷減小與太陽輻射對粒子產(chǎn)生了驅(qū)動力無關(guān),故A錯誤;
B.粒子在運(yùn)動過程中,若電量減小,由洛倫茲力提供向心力,根據(jù)的半徑公式qvB=m-
r
mv
解得r=—可知,當(dāng)電量減小時,半徑增大,故B錯誤;
qB
C.地球的磁場由南向北,當(dāng)帶負(fù)電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時,根據(jù)左手定則可以判斷
粒子的受力的方向為向西,所以粒子將向西偏轉(zhuǎn);當(dāng)帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時,
根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向向東,粒子受到的洛倫茲力始終與速度垂直,所以洛倫茲力
不做功,故C錯誤;
D.粒子在運(yùn)動過程中,南北兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度較強(qiáng),由洛倫茲力提供向心力,由qvB=m-
r
mv
解得r=—可知,當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時,半徑減小,故D正確。
qB
故選D。
14.A.若小球帶電,小球所受洛倫茲力不做功,根據(jù)動能定理有mgh=^解得丫=回
可知,無論小球帶何種電荷,小球落地時的速度的大小不變,故A正確;
B.若小球帶電,小球所受洛倫茲力不做功,小球運(yùn)動過程中,只有重力做功,可知,無論小球帶何種
電荷,小球在運(yùn)動過程中機(jī)械能均守恒,故B錯誤;
C.若小球帶負(fù)電荷,根據(jù)左手定則可知,小球所受洛倫茲力方向斜向左下方,則小球會落在。點的左
側(cè),故C錯誤;
D.若小球帶正電荷,根據(jù)左手定則可知,小球所受洛倫茲力方向斜向右上方,則小球會落在a點的右
側(cè),故D錯誤。
故選Ao
15.口]電子帶負(fù)電,根據(jù)其運(yùn)動軌跡可知,電子所受洛倫茲力方向斜向左上方,根據(jù)左手定則可知,
磁場方向垂直于紙面向外,根據(jù)安培定則可知,電流方向為逆時針;
⑵若要看到完整的圓周運(yùn)動,需要使電子圓周運(yùn)動的軌道半徑減小,
根據(jù)evB=m—,eU=—mv~解得r=—
r2B\e
可知,若要看到完整的圓周運(yùn)動,需要減小加速極電壓。
16.(1)作出粒子運(yùn)動軌跡,如圖所示
根據(jù)幾何關(guān)系有%cos6=L
2
粒子在矩形磁場區(qū)域做圓周運(yùn)動,由洛倫茲力提供向心力,則有qvB=m^~
&
解得V=2?BL
3m
(2)粒子在矩形磁場中運(yùn)動的周期7=女與
V
粒子在矩形磁場中圓周運(yùn)動對應(yīng)的圓心角0=90-3=60
則粒子在矩形磁場中運(yùn)動的時間t=&T
360
解傳t=
3qB
(3)結(jié)合上述軌跡圖,粒子在圓形磁場區(qū)域,根據(jù)幾何關(guān)系有^tan|=L
v22
由洛倫茲力提供向心力,則有qvBx=m—解得B\=:B
五、綜合題
(24-25高二上?上海?期末)電子在電場和磁場中都能發(fā)生偏轉(zhuǎn),通過對這兩種偏轉(zhuǎn)情況的研究,有助
于我們更好地了解電子在電場和磁場中的運(yùn)動規(guī)律O
17.質(zhì)量為機(jī)電量為e的電子,以水平速度v從左側(cè)垂直進(jìn)入寬度為d的局部勻強(qiáng)電場,如圖所示,電場
強(qiáng)度大小為£、方向豎直向上。
(1)電子在電場中所做的運(yùn)動是()
A.勻加速直線運(yùn)動B,勻加速曲線運(yùn)動C.變加速曲線運(yùn)動
(2)電子在電場中運(yùn)動時間為o
(3)電子在電場中向偏移,離開電場時偏移的距離是o
18.如果將上題中寬度為d的局部勻強(qiáng)電場換成勻強(qiáng)磁場,如圖,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8、方向水平向里。
.d
XXX
B
節(jié)一―天一殳一一
XXX
XXX
(1)電子在磁場中所做的運(yùn)動是()
A.勻加速直線運(yùn)動B.勻加速曲線運(yùn)動C.變加速曲線運(yùn)動
(2)要使電子能從右側(cè)離開磁場,B與m、e、d應(yīng)滿足關(guān)系:。
(3)(計算)電子從右側(cè)離開磁場時,在豎直方向偏移了多少距離?
19.如圖所示是磁流體發(fā)電機(jī)的裝置,A、B組成一對長為心寬為力的平行電極,兩板間距為d,內(nèi)有磁
感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場。發(fā)電通道內(nèi)有電阻率為夕的高溫等離子持續(xù)垂直噴入磁場,每個離子的速度
為丫,負(fù)載電阻的阻值為R,電離氣體沿導(dǎo)管高速向右流動,運(yùn)動的電離氣體受到磁場作用,產(chǎn)生了電
動勢,電離氣體以不變的流速v通過發(fā)電通道。電容器的電容為C,不計電離氣體所受的摩擦阻力。根
據(jù)提供的信息完成下列問題。
等離子體
(1)A板的電勢比B板(“高”或“低”),發(fā)電機(jī)的電動勢£=
(2)開關(guān)閉合,當(dāng)發(fā)電機(jī)穩(wěn)定發(fā)電時,求4、8兩端的電壓U;
(3)開關(guān)斷開,求穩(wěn)定后電容器所帶的電荷量次
【答案】下空《
17.B-18.CB<—
v2mved
BRLdvh
19.低BdvCBvd
RLh+pd
【解析】17.(1)口]帶負(fù)電的電子豎直方向受向下的恒定電場力,豎直方向做初速度為零的勻加速直
線運(yùn)動,水平方向垂直于電場方向做勻速直線運(yùn)動,因此其實際運(yùn)動為勻加速曲線運(yùn)動,類似于平拋
運(yùn)動。
故選B。
(2)[2]電子在電場中的運(yùn)動時間,即水平方向的勻速直線運(yùn)動時間r=-
V
(3)[3]電子受向下電場力,因此運(yùn)動路線向下彎曲,即向下偏移;
0F
[4]在豎直方向上,根據(jù)牛頓第二定律eE=ma解得a=—
m
偏移量為y=—at2=
-22mv2
18.(1)[1]電子在勻速磁場中受大小不變方向時刻改變的洛倫茲力的作用,根據(jù)左手定則判斷,洛倫
茲力方向始終與速度方向垂直,因此電子在磁場的運(yùn)動是勻速圓周運(yùn)動的一部分,因此為變加速度曲
線運(yùn)動。
故選C。
v2
(2)[2]電子在勻速磁場中做勻速圓周運(yùn)動,則洛倫茲力等于向心力,故得evB=m——
R
所以半徑R-
eB
由題意,電子要起從右側(cè)離開磁場則要求圓周運(yùn)動的半徑大于d,故R>d得B
岑ed
(3)[3]電子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動,如圖所示
設(shè)圓弧半徑為心根據(jù)洛侖茲力提供向心力得evB=吟所以半徑r
根據(jù)幾何關(guān)系R2=(R->>+屋
聯(lián)立,解得偏移量y為丫=詈_#箸)2_屋
19.(1)[1]根據(jù)離子運(yùn)動方向及磁場方向,可判斷出正離子向下偏轉(zhuǎn)到B板,負(fù)離子向上偏轉(zhuǎn)到A板,
故A板電勢比B板低;
⑵正負(fù)離子積累在AB上,則板間產(chǎn)生電壓即為電動勢E,當(dāng)板間電場對離子作用力與離子受洛倫茲
E
力相等時,即達(dá)到最大電壓E,此時qvB=q—故E=Bdv
a
(2)⑶穩(wěn)定后,據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=I(R+r)其中U=IR
據(jù)電阻定律可得r=p4r
(3)⑷開關(guān)斷開,電容器兩端的電壓等于電動勢,故電容器所帶的電荷量為
q=CE=CBvd
(24-25高三上?上海?期中)質(zhì)譜儀
質(zhì)譜儀是用來測量帶電粒子質(zhì)量的一種儀器,其結(jié)構(gòu)如圖a所示,它分別由加速器I、速度選擇器II、
質(zhì)量分離器III三部分組成,若從粒子源P點發(fā)出一個電量外質(zhì)量為機(jī)的正離子,經(jīng)過加速器得到加
速,進(jìn)入速度選擇器,速度符合一定大小的離子能夠通過S3縫射入質(zhì)量分離器中,整個過程中可以不
考慮離子重力的影響。
20.加速器I由S1S2兩塊帶電平行金屬板組成,為了使正離子得到加速,則應(yīng)讓金屬板Si帶電(選
填“正”、“負(fù)”)。在下降過程中,離子的電勢能(選填“減少”、“增大”、“不變”)。如果離子從速
度V。開始經(jīng)加速后速度達(dá)到V7,則加速器兩極板間電壓Ul=。
21.離子以速度叼進(jìn)入速度選擇器n中,兩板間電壓為。2,兩板長度/,相距小離子在穿過電場過程中,
為了不讓離子發(fā)生偏轉(zhuǎn),需要在該區(qū)域加一個垂直于電場和速度平面的磁場。
(1)則所加磁場的磁感強(qiáng)度B=
(2)在圖b中分別用尸E和鼠標(biāo)出離子受到的電場力與磁場力方向:
d
速度選擇器II
圖b
(3)離開分離器時離子的速度v=
22.若離子以速度v垂直于磁場方向進(jìn)入質(zhì)量分離器III,圖c所示。其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為為。離子在磁場
力作用下做半圓周運(yùn)動
圖c
(1)
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